本文主要是介绍BZOJ 2115 [Wc2011] Xor 线性基+图论，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！
2115: [Wc2011] Xor
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Description
Input
第一行包含两个整数N和 M， 表示该无向图中点的数目与边的数目。 接下来M 行描述 M 条边，每行三个整数Si，Ti ，Di，表示 Si 与Ti之间存在 一条权值为 Di的无向边。 图中可能有重边或自环。
Output
仅包含一个整数，表示最大的XOR和（十进制结果）,注意输出后加换行回车。
Sample Input
5 7
1 2 2
1 3 2
2 4 1
2 5 1
4 5 3
5 3 4
4 3 2
1 2 2
1 3 2
2 4 1
2 5 1
4 5 3
5 3 4
4 3 2
Sample Output
6
HINT
图上任意一条路径可以表示为其余任意一条首尾相同的路径加上图中的环。
可以看做在出发前，走相同的一条路径走到环绕一圈再回来。这样，异或和就多了环上的一圈。
有了这个定理之后，求出任意一条路径的异或和x，和图上所有环的异或和。求x和所有环的异或和异或最大值即可。
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <string.h>
#include <string>
#include <map>
#include <queue>
#include <deque>
#include <vector>
#include <set>
#include <algorithm>
#include <math.h>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <iomanip>
#define mem0(a) memset(a,0,sizeof(a))
#define meminf(a) memset(a,0x3f,sizeof(a))
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef long double ld;
typedef double db;
const int maxn=100005,maxk=63,inf=0x3f3f3f3f;
const ll llinf=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const ld pi=acos(-1.0L);
int head[maxn];
ll c[maxn*4],x[maxn],v[maxn];
bool visit[maxn];
int num=0,cm=0;struct Edge {int from,to,pre;ll dist;
};
Edge edge[maxn*2];void addedge(int from,int to,ll dist) {edge[num]=(Edge){from,to,head[from],dist};head[from]=num++;edge[num]=(Edge){to,from,head[to],dist};head[to]=num++;
}void dfs(int now,ll k) {visit[now]=1;v[now]=k;for (int i=head[now];i!=-1;i=edge[i].pre) {int to=edge[i].to;if (!visit[to]) dfs(to,k^edge[i].dist);else c[++cm]=k^edge[i].dist^v[to];}
}bool linear_basis_insert(ll p) {for (int i=maxk;i>=0;i--) {if ((p>>i)%2==1) {if (!x[i]) {x[i]=p;for (int j=i-1;j>=0;j--) if (x[j]&&((x[i]>>j)%2==1)) x[i]^=x[j];for (int j=i+1;j<=maxk;j++) if ((x[j]>>i)%2==1) x[j]^=x[i];return true;} else p=p^x[i];}}return p!=0;
}int main() {int n,m,i,j,z,y;ll d;scanf("%d%d",&n,&m);memset(head,-1,sizeof(head));for (i=1;i<=m;i++) {scanf("%d%d%lld",&z,&y,&d);addedge(z,y,d);}mem0(visit);dfs(1,0);mem0(x);for (i=1;i<=cm;i++) linear_basis_insert(c[i]);ll ans=v[n];for (i=maxk;i>=0;i--) if ((x[i]^ans)>ans) ans^=x[i];printf("%lld\n",ans);return 0;
}
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