本文主要是介绍51nod 1407 与与与与，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！
1407 与与与与题目来源： CodeForces
基准时间限制：1.5 秒 空间限制：131072 KB 分值: 320 难度：7级算法题
有n个整数，问从他们中取出若干个数字相与之后结果是0的有多少组。
答案比较大，输出对于 1,000,000,007 (1e9+7)取模后的结果。
Input
第一行输入一个整数n。(1<=n<=1,000,000).
第二行有n个整数a[0],a[1],a[2],...a[n-1]，以空格分开.(0<=a[i]<=1,000,000)
Output
对于每一组数据，输出一个整数。
Input示例
3
2 3 3
4
0 1 2 3
Output示例
0
10
题解：对于我这中蒟蒻来说就是神题，看了一天才真正看明白。对于几个数&等于0，有非常多种情况而且状态不好表示，所以就用总的组合方案数（2^n-1）减去相&！=0的方案数即合法方案数。对于几个数&！=0，那么转化成二进制数来看，也就是说n个数最大能合成2^20-1,2^20约等于1000000。那么就枚举0到2^20-1的所有数，其中必定包含所有的ai和所有ai组合合成的数。对于每一个ai，如果aj&ai！=0，那么ai和aj在二进制状态下一定有一位同时为一，那么需要找出ai的所有位中为1的位，在其他a中那些为也为1的和ai组合一定为1，设f【i】表示和i这个数相&任然等于i的a的方案数，由&的运算法则:同为1 才为一，所以得出f【i】所包含的所有a相&一定！=0，（因为在i的每一个“1”位，那些a一定是1）。所以这f【i】个数组合的所有方案数均不合法。最终统计答案用总方案数-不和法方案数=合法方案数，所以这里又要用到容斥原理，
ans=总方案数（2^n-1）-相&后的二进制中有一个1+相&后二进制中有两个1-相&后二进制中有三个1……=相&后没有1（即为0）
总结：容斥原理的题感觉都很#人，所以要多做题，善于发现各个方案数重复的那部分。
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define mod 1000000007
#define N 3000000
using namespace std;
inline int read()
{int ra,fh;char rx;rx=getchar(),ra=0,fh=1;while((rx<'0'||rx>'9')&&rx!='-')rx=getchar();if(rx=='-')fh=-1,rx=getchar();while(rx>='0'&&rx<='9')ra*=10,ra+=rx-48,rx=getchar();return ra*fh;
}
int n,x,dp[N],g[N];
long long f[N];
long long ans=0;
int main()
{scanf("%d",&n);int mx=(1<<20)-1;for(int i=1;i<=n;i++){x=read();dp[x]++;}f[0]=1;for(int i=1;i<=n;i++) f[i]=(f[i-1]<<1)%mod;for(int i=20;i>=1;i--)for(int j=mx;j>=0;j--)if(!(j & (1<<(i-1))))dp[j]+=dp[j|(1<<(i-1))];ans=f[n]-1;for(int i=1;i <= mx;i++){g[i]=g[i>>1]+(1&i);if(g[i]&1) ans=(ans-f[dp[i]]+1+mod)%mod;else ans=(ans+f[dp[i]]-1+mod)%mod;}printf("%lld\n",ans);return 0;
}这篇关于51nod 1407 与与与与的文章就介绍到这儿，希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助！
