51Nod 1376 最长递增子序列的数量(dp+树状数组)

2024-04-20 12:18

本文主要是介绍51Nod 1376 最长递增子序列的数量(dp+树状数组),希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

题目链接

最长递增子序列的题做过不少,让求数量的还是第一次,O(n^2)的代码很好写,但数据范围50000,故无情超时,想了很久,总算有所得。

时间: O(nlog(n)) 空间: O(2*n)

思路
O(n^2)的思路中,每次求以第i个数结尾的最大长度和记录总数都要对前i-1个数进行遍历比较,如果能把这个比较过程转化为对前i项对求和,就可以用树状数组或线段数进行求和优化了。

    重载+,按照题目需求重新定义求和意义Node operator + (const Node &t) const{if(this->len < t.len)return t;if(this->len > t.len)return (*this);return Node(t.len, (this->cnt + t.cnt) % MOD);

于是有 dp(i) = sum(dp(0, i-1)) + 1;
为什么可以这样呢。我们对序列的数从小到大进行操作,当前数的值等于原有顺序下前面所有数的求和,因为前面比它大的数都还为0尚未更新,不会造成影响,而已更新的数都是比它小的,所以它的值就是前面的求和结果再加1。

代码

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;const int MAX = 50005;
const int MOD = 1000000007;struct Node
{int len, cnt;Node(){}Node(int len, int cnt): len(len), cnt(cnt){}Node operator + (const Node &t) const{if(this->len < t.len)return t;if(this->len > t.len)return (*this);return Node(t.len, (this->cnt + t.cnt) % MOD);}
};struct Num
{int num, pos;
};Node c[MAX];
Num d[MAX];bool cmp(Num &a, Num &b)
{if(a.num == b.num)return a.pos > b.pos;return a.num < b.num;
}void update(Node a,int pos, int n)
{for(int i = pos; i <= n; i += i&(-i))c[i] = c[i] + a;
}Node query(int pos)
{Node ans(0, 0);for(int i = pos-1; i > 0; i -= i&(-i))ans = ans + c[i];return ans;
}int main()
{int n;scanf("%d", &n);for(int i = 0; i < n; ++i){scanf("%d", &d[i].num);d[i].pos = i+1;}sort(d, d+n, cmp);Node ans(0, 0);for(int i = 0; i < n; ++i){Node t = query(d[i].pos);if(++t.len == 1) t.cnt = 1;ans = ans + t;update(t, d[i].pos, n);}printf("%d\n", ans.cnt);return 0;
}

这篇关于51Nod 1376 最长递增子序列的数量(dp+树状数组)的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/920238

相关文章

hdu2241(二分+合并数组)

题意:判断是否存在a+b+c = x,a,b,c分别属于集合A,B,C 如果用暴力会超时,所以这里用到了数组合并,将b,c数组合并成d,d数组存的是b,c数组元素的和,然后对d数组进行二分就可以了 代码如下(附注释): #include<iostream>#include<algorithm>#include<cstring>#include<stack>#include<que

hdu4826(三维DP)

这是一个百度之星的资格赛第四题 题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/contests/contest_showproblem.php?pid=1004&cid=500 题意:从左上角的点到右上角的点,每个点只能走一遍,走的方向有三个:向上,向下,向右,求最大值。 咋一看像搜索题,先暴搜,TLE,然后剪枝,还是TLE.然后我就改方法,用DP来做,这题和普通dp相比,多个个向上

hdu1011(背包树形DP)

没有完全理解这题, m个人,攻打一个map,map的入口是1,在攻打某个结点之前要先攻打其他一个结点 dp[i][j]表示m个人攻打以第i个结点为根节点的子树得到的最优解 状态转移dp[i][ j ] = max(dp[i][j], dp[i][k]+dp[t][j-k]),其中t是i结点的子节点 代码如下: #include<iostream>#include<algorithm

hdu4865(概率DP)

题意:已知前一天和今天的天气概率,某天的天气概率和叶子的潮湿程度的概率,n天叶子的湿度,求n天最有可能的天气情况。 思路:概率DP,dp[i][j]表示第i天天气为j的概率,状态转移如下:dp[i][j] = max(dp[i][j, dp[i-1][k]*table2[k][j]*table1[j][col] )  代码如下: #include <stdio.h>#include

poj3261(可重复k次的最长子串)

题意:可重复k次的最长子串 解题思路:求所有区间[x,x+k-1]中的最小值的最大值。求sa时间复杂度Nlog(N),求最值时间复杂度N*N,但实际复杂度很低。题目数据也比较水,不然估计过不了。 代码入下: #include<iostream>#include<algorithm>#include<stdio.h>#include<math.h>#include<cstring

usaco 1.1 Broken Necklace(DP)

直接上代码 接触的第一道dp ps.大概的思路就是 先从左往右用一个数组在每个点记下蓝或黑的个数 再从右到左算一遍 最后取出最大的即可 核心语句在于: 如果 str[i] = 'r'  ,   rl[i]=rl[i-1]+1, bl[i]=0 如果 str[i] = 'b' ,  bl[i]=bl[i-1]+1, rl[i]=0 如果 str[i] = 'w',  bl[i]=b

C#实战|大乐透选号器[6]:实现实时显示已选择的红蓝球数量

哈喽,你好啊,我是雷工。 关于大乐透选号器在前面已经记录了5篇笔记,这是第6篇; 接下来实现实时显示当前选中红球数量,蓝球数量; 以下为练习笔记。 01 效果演示 当选择和取消选择红球或蓝球时,在对应的位置显示实时已选择的红球、蓝球的数量; 02 标签名称 分别设置Label标签名称为:lblRedCount、lblBlueCount

poj 3974 and hdu 3068 最长回文串的O(n)解法(Manacher算法)

求一段字符串中的最长回文串。 因为数据量比较大,用原来的O(n^2)会爆。 小白上的O(n^2)解法代码:TLE啦~ #include<stdio.h>#include<string.h>const int Maxn = 1000000;char s[Maxn];int main(){char e[] = {"END"};while(scanf("%s", s) != EO

hdu 1166 敌兵布阵(树状数组 or 线段树)

题意是求一个线段的和,在线段上可以进行加减的修改。 树状数组的模板题。 代码: #include <stdio.h>#include <string.h>const int maxn = 50000 + 1;int c[maxn];int n;int lowbit(int x){return x & -x;}void add(int x, int num){while

uva 10154 DP 叠乌龟

题意: 给你几只乌龟,每只乌龟有自身的重量和力量。 每只乌龟的力量可以承受自身体重和在其上的几只乌龟的体重和内。 问最多能叠放几只乌龟。 解析: 先将乌龟按力量从小到大排列。 然后dp的时候从前往后叠,状态转移方程: dp[i][j] = dp[i - 1][j];if (dp[i - 1][j - 1] != inf && dp[i - 1][j - 1] <= t[i]