本文主要是介绍【CF1924D】Balanced Subsequences 【卡特兰数,组合数,数学】,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!
C F 1924 D . CF1924D. CF1924D.Balanced Subsequences
题意为:给定 n , m , k n,m,k n,m,k,求有多少个由 n n n 个 (
, m m m 个 )
组成的序列满足最长的合法括号子序列的长度恰为 2 k 2k 2k(对 1 0 9 + 7 10^9+7 109+7 取模)。
思路
我们很容易想到这跟 C a t e l a n Catelan Catelan 数有关。
首先我们知道:长度为 2 k 2k 2k 的合法括号序列包含 k k k 个左括号和 k k k 右括号。
首先有 k > min { n , m } k>\min\{n,m\} k>min{n,m},则不合法。
我们现在由 n − k n-k n−k 个废物左括号,和 m − k m-k m−k 个废物右括号。
不难想出,肯定把废物右括号放在废物左括号前,以免它们再从产生新的贡献。
将括号序列抽象成折线,初始位置在 ( 0 , 0 ) (0,0) (0,0), x x x 轴表示当前括号的总数,而 y y y 轴表示左括号 − - − 右括号,也就是说,折线只能往右上或者右下走。
而我们有 m − k m-k m−k 个废物右括号会失配,所以最终在某一横坐标下,纵坐标会到达 k − m k-m k−m,因为当废物右括号失配时,前面的括号肯定全部匹配完毕了。
而我们最终要到达的坐标为 ( n + m , n − m ) . (n+m,n-m). (n+m,n−m).
题意转换为:从 ( 0 , 0 ) (0,0) (0,0) 到 ( n + m , n − m ) (n+m,n-m) (n+m,n−m) 的合法路径(合法判定为:路径不越过 y = k − m y = k - m y=k−m 的路径(为什么是 y = k − m y=k-m y=k−m,因为后面 m − k m-k m−k 都是没用的,所以不能合用,此为达到 k k k 的基础))。
我们不难想到用容斥原理:而减去部分就为 ( 0 , 0 ) → ( n + m , 2 × k − n − m ) (0,0)\rightarrow(n+m,2 \times k - n - m) (0,0)→(n+m,2×k−n−m) ,其方案数不难得出为: C n + m k − 1 C_{n+m}^{k-1} Cn+mk−1
所以 a n s = C n + m k − C n + m k − 1 . ans=C_{n+m}^{k}-C_{n+m}^{k-1}. ans=Cn+mk−Cn+mk−1.
我们就有了一下代码:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#define int long long
#define N 5006
using namespace std;
const int mod = 1e9+7;
int n,m,jc[N],k;
int qpow(int a,int b) {int res = 1;while (b) {if (b & 1) res = res * a % mod;a = a * a % mod;b >>= 1;}return res;
}
int C(int a,int b) {if (a < 0 || b < 0 || a < b) return 0;return jc[a] * qpow(jc[b] * jc[a - b] % mod,mod - 2) % mod;
}
signed main(){int T;jc[0] = 1;for (int i = 1;i <= 5000;i ++) jc[i] = jc[i - 1] * i % mod;cin >> T;for (;T--;) {scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&k);if (min(n,m) < k) printf("0\n");else printf("%lld\n",(C(n + m,k) - C(n + m,k - 1) + 2 * mod) % mod);}
// cout << (C(n + m,n) - C(n + m,n + 1) + 2 * mod) % mod;return 0;
}
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