本文主要是介绍代码随想录算法训练营第四十九天| 123.买卖股票的最佳时机III，188.买卖股票的最佳时机IV，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！
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题目链接：123.买卖股票的最佳时机III
思路
代码
题目链接：188.买卖股票的最佳时机IV
思路
代码
总结
题目链接：123.买卖股票的最佳时机III
思路
与之前买卖股票不同的是本题要求最多买卖两次，那么dp数组以及递推公式都有所改变。
①dp数组，dp[i][j]表示第i天剩余的最大金币，j表示操作状态：
0表示无操作
1表示第一次持有股票
2表示第一次不持有股票
3表示第二次持有股票
4表示第二次不持有股票
五种状态都是依次连续的：
无操作->第一次持有->第一次不持有->第二次持有->第二次不持有
②递推公式，要包含上述五种状态的更新
dp[i][0] = dp[i-1][0] 无操作与前一天保持一样
dp[i][1] = max(dp[i-1][1], dp[i-1][0] - price[i]) 可能之前就买过；如果没买，说明之前都是无操作的状态
dp[i][2] = max(dp[i-1][2], dp[i-1][1] + price[i]) 可能之前就卖了；如果没卖，说明第一次买的还在，今天卖
dp[i][3] = max(dp[i-1][3], dp[i-1][2] - price[i]) 可能进行了一次买卖后，第二次买入了；如果没买，说明已经进行了第一次的股票买卖，还没进行第二次
dp[i][4] = max(dp[i-1][4], dp[i-1][3] + price[i]) 可能将第二次买的股票卖了，或者今天卖
③dp数组初始化
dp[0][0] = 0 无操作就是0
dp[0][1] = -price[i] 第一天持有，表示第一天买入，减去当天股票价格
dp[0][2] = 0 第一天不持有，表示没有买入，还是0
dp[0][3] = -price[i] 与第一次情况相同，可以认为第一天买了又卖了，现在是第二次
dp[0][4] = 0 第二次不持有，表示没有买入，还是0
④遍历顺序，正序遍历，因为所有的状态更新都依赖于前一天
⑤推导dp数组
代码
class Solution {
public:// dp数组第一维表示第i天，第二维表示状态// 0表示无操作// 1表示第一次持有// 2表示第一次不持有// 3表示第二次持有// 4表示第二次不持有int maxProfit(vector<int>& prices) {int len = prices.size();if (len == 1)return 0;vector<vector<int>> dp(len, vector<int>(5, 0));// dp数组初始化dp[0][0] = 0;dp[0][1] = -prices[0];dp[0][2] = 0;dp[0][3] = -prices[0];dp[0][4] = 0;for (int i = 1; i < len; i++) {// 五种状态的更新dp[i][0] = dp[i - 1][0];dp[i][1] = max(dp[i - 1][1], dp[i - 1][0] - prices[i]);dp[i][2] = max(dp[i - 1][2], dp[i - 1][1] + prices[i]);dp[i][3] = max(dp[i - 1][3], dp[i - 1][2] - prices[i]);dp[i][4] = max(dp[i - 1][4], dp[i - 1][3] + prices[i]);}return dp[len - 1][4];}
};题目链接：188.买卖股票的最佳时机IV
思路
原理与123.买卖股票的最佳时机Ⅲ相同，可以买卖k次，创建dp数组时，第二维空间2k+1，初始化以及状态更新时用for循环。
代码
class Solution {
public:// dp数组第一维表示第i天// 第二维奇数表示第j次持有，偶数表示第j次不持有，0表示无操作int maxProfit(int k, vector<int>& prices) {int len = prices.size();if (len == 1)return 0;// 每次交易都包含持有和未持有两种状态，还有0表示无操作，所以共计2*k+1个状态int s = 2 * k + 1;vector<vector<int>> dp(len, vector<int>(s, 0));// dp数组初始化，j从到2*kfor (int j = 0; j < s; j++) {if (j % 2 == 1) {dp[0][j] = -prices[0];} else {dp[0][j] = 0;}}// dp数组状态更新for (int i = 1; i < len; i++) {dp[i][0] = dp[i - 1][0]; // 无操作单独赋值for (int j = 1; j < s; j++) {// 奇数表示持有，偶数表示未持有// 每种状态都由前一天推导而来，涉及前一天的当前状态和前一种状态if (j % 2 == 1) {dp[i][j] = max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - 1] - prices[i]);} else {dp[i][j] = max(dp[i - 1][j], dp[i - 1][j - 1] + prices[i]);}}}return dp[len - 1][2 * k];}
};总结
①买卖股票Ⅰ和Ⅱ分别是只能买卖一次和不限次数的买卖；买卖股票Ⅲ和Ⅳ分别是只能买卖两次和买卖k次。相同点是当天的状态只能由昨天推导而来，不同点是状态的多少
②看了买卖股票Ⅲ的题解，AC后，单独完成了买卖股票Ⅳ，规律性很强
③在做这类题时，最重要的是搞清楚dp数组的含义，并且要包含所有的状态
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