【团体程序设计天梯赛 往年关键真题 详细分析完整AC代码】L2-009 抢红包(排序) L2-010 排座位 (dfs)

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【团体程序设计天梯赛 往年关键真题 详细分析&完整AC代码】搞懂了赛场上拿下就稳

【团体程序设计天梯赛 往年关键真题 25分题合集 详细分析&完整AC代码】(L2-001 - L2-024)搞懂了赛场上拿下就稳了

【团体程序设计天梯赛 往年关键真题 25分题合集 详细分析&完整AC代码】(L2-025 - L2-048)搞懂了赛场上拿下这些分就稳了

L2-009 抢红包 排序

没有人没抢过红包吧…… 这里给出N个人之间互相发红包、抢红包的记录,请你统计一下他们抢红包的收获。

输入格式:

输入第一行给出一个正整数N(≤104),即参与发红包和抢红包的总人数,则这些人从1到N编号。随后N行,第i行给出编号为i的人发红包的记录,格式如下:

K**N1P1⋯NKP**K

其中K(0≤K≤20)是发出去的红包个数,N**i是抢到红包的人的编号,P**i(>0)是其抢到的红包金额(以分为单位)。注意:对于同一个人发出的红包,每人最多只能抢1次,不能重复抢。

输出格式:

按照收入金额从高到低的递减顺序输出每个人的编号和收入金额(以元为单位,输出小数点后2位)。每个人的信息占一行,两数字间有1个空格。如果收入金额有并列,则按抢到红包的个数递减输出;如果还有并列,则按个人编号递增输出。

输入样例:

10
3 2 22 10 58 8 125
5 1 345 3 211 5 233 7 13 8 101
1 7 8800
2 1 1000 2 1000
2 4 250 10 320
6 5 11 9 22 8 33 7 44 10 55 4 2
1 3 8800
2 1 23 2 123
1 8 250
4 2 121 4 516 7 112 9 10

输出样例:

1 11.63
2 3.63
8 3.63
3 2.11
7 1.69
6 -1.67
9 -2.18
10 -3.26
5 -3.26
4 -12.32

分析:

就是细节题,题目让你干什么就干什么。结构体中自定义排序规则

代码:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;const int N=1e5+5;
typedef long long ll;struct node{int id,money,num;const bool operator < (const node &t) const {if(t.money == money) return id > t.id;return money > t.money;}
}peo[N];int main(){int n;	cin>>n;for(int i = 1 ; i <= n ; i ++) peo[i].id = i;for(int i = 1 ; i <= n ; i ++){int k,sum=0;	cin>>k;for(int j = 0 ; j < k ; j++){int x,m;	cin>>x>>m;peo[x].money += m;sum += m;peo[x].num ++;}peo[i].money -= sum;}sort(peo+1, peo+1+n);for(int i = 1 ; i <= n ; i ++)printf("%d %.2lf\n", peo[i].id, peo[i].money*1.0/100);return 0;
}

L2-010 排座位 dfs

布置宴席最微妙的事情,就是给前来参宴的各位宾客安排座位。无论如何,总不能把两个死对头排到同一张宴会桌旁!这个艰巨任务现在就交给你,对任何一对客人,请编写程序告诉主人他们是否能被安排同席。

输入格式:

输入第一行给出3个正整数:N(≤100),即前来参宴的宾客总人数,则这些人从1到N编号;M为已知两两宾客之间的关系数;K为查询的条数。随后M行,每行给出一对宾客之间的关系,格式为:宾客1 宾客2 关系,其中关系为1表示是朋友,-1表示是死对头。注意两个人不可能既是朋友又是敌人。最后K行,每行给出一对需要查询的宾客编号。

这里假设朋友的朋友也是朋友。但敌人的敌人并不一定就是朋友,朋友的敌人也不一定是敌人。只有单纯直接的敌对关系才是绝对不能同席的。

输出格式:

对每个查询输出一行结果:如果两位宾客之间是朋友,且没有敌对关系,则输出No problem;如果他们之间并不是朋友,但也不敌对,则输出OK;如果他们之间有敌对,然而也有共同的朋友,则输出OK but...;如果他们之间只有敌对关系,则输出No way

输入样例:

7 8 4
5 6 1
2 7 -1
1 3 1
3 4 1
6 7 -1
1 2 1
1 4 1
2 3 -1
3 4
5 7
2 3
7 2

输出样例:

No problem
OK
OK but...
No way

分析:

q68atS.png

N≤100,说明可以直接建图后进行dfs遍历,只遍历边权为1的点,如果可以从a走到b,说明有共同朋友,再判断mp[a][b]是否为-1即可。其他情况类似。

代码:

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n, m, k, a, b, c;
int mp[111][111],vis[111];bool dfs(int now,int end) {if(now==end) return true;for(int i=1;i<=n;i++){if(mp[now][i]==1&&vis[i]==0){vis[now]=1;if(dfs(i,end)) return true;vis[now]=0;}}return false;
}int main() {cin>>n>>m>>k;for (int i=0;i<m;i++) {cin>>a>>b>>c;mp[a][b]=mp[b][a]=c;}while (k--) {cin>>a>>b;for(int i=1;i<=n;i++) vis[i]=0;vis[a]=1;bool flag=dfs(a,b);if(flag && mp[a][b]!=-1) cout<<"No problem"<<endl;if(flag && mp[a][b]==-1) cout<<"OK but..."<<endl;if(!flag && mp[a][b]!=-1) cout<<"OK"<<endl;if(!flag && mp[a][b]==-1) cout<<"No way"<<endl;}return 0;
}

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