【NOIP2017】【洛谷P3957】跳房子【单调队列优化dp】

2024-01-30 10:18

本文主要是介绍【NOIP2017】【洛谷P3957】跳房子【单调队列优化dp】,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

题目大意:

题目链接:https://www.luogu.org/problemnew/show/P3957
跳房子,也叫跳飞机,是一种世界性的儿童游戏,也是中国民间传统的体育游戏之一。
跳房子的游戏规则如下:
在地面上确定一个起点,然后在起点右侧画 n n n个格子,这些格子都在同一条直线上。每个格子内有一个数字(整数),表示到达这个 格子能得到的分数。玩家第一次从起点开始向右跳,跳到起点右侧的一个格子内。第二次再从当前位置继续向右跳,依此类推。规则规定:
玩家每次都必须跳到当前位置右侧的一个格子内。玩家可以在任意时刻结束游戏,获得的分数为曾经到达过的格子中的数字之和。
现在小 RR 研发了一款弹跳机器人来参加这个游戏。但是这个机器人有一个非常严重的缺陷,它每次向右弹跳的距离只能为固定的 d d d。小 R R R希望改进他的机器人,如果他花 g g g个金币改进他的机器人,那么他的机器人灵活性就能增加 g g g,但是需要注意的是,每 次弹跳的距离至少为1。具体而言,当 g &lt; d g&lt;d g<d时,他的机器人每次可以选择向右弹跳的距离为 d − g , d − g + 1 , d − g + 2 , ⋅ ⋅ ⋅ , d + g − 2 , d + g − 1 , , d + g d-g,d-g+1,d-g+2,···,d+g-2,d+g-1,,d+g dg,dg+1,dg+2,,d+g2,d+g1,,d+g ;否则(当 g ≥ d g \geq d gd时),他的机器人每次可以选择向右弹跳的距离为 1 , 2 , 3 , ⋅ ⋅ ⋅ , d + g − 2 , d + g − 1 , d + g 1,2,3,···,d+g-2,d+g-1,d+g 1,2,3,,d+g2,d+g1,d+g
现在小R 希 望 获 得 至 少 希望获得至少 k$分,请问他至少要花多少金币来改造他的机器人。


思路:

都咕了1年了才来做这道题。
当时是打了一个爆搜吧。反正只拿了10 p t s pts pts
现在一看显然是单调队列优化 d p dp dp
由于花费满足单调性,所以可以考虑二分花费。
对于任何一个花费,进行一次 d p dp dp
f [ i ] f[i] f[i]表示跳到点 i i i的最大得分。可以用单调队列来维护前面所有合法的位置的编号,然后每次取最大的转移。
现在看来还是很显然的吧。不多解释了。
注意要开 l o n g l o n g long\ long long long,时间复杂度 O ( n l o g n ) O(n\ log\ n) O(n log n)


代码:

#include <cstdio>
#include <queue>
#include <cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;const int N=500010;
int n,m,s,l,r=N,mid,a[N],dis[N],tot;
ll f[N],maxn;bool dp(int k)
{int L=m-k,R=m+k;memset(f,0xcf,sizeof(f));f[0]=0;deque<int> q;tot=0;maxn=-1e16;for (int i=1;i<=n;i++){while (q.size()&&dis[i]-dis[q.front()]>R) q.pop_front();  //保证队列中的点一定可以调到现在枚举的点while (dis[i]-dis[tot]>R&&i>tot) tot++;while (dis[i]-dis[tot]>=L&&i>tot)  //保证单调{while (q.size()&&f[q.back()]<f[tot]) q.pop_back();q.push_back(tot);tot++;}if (q.size()) f[i]=f[q.front()]+(ll)a[i];  //转移if (f[i]>maxn) maxn=f[i];}return maxn>=(ll)s;
}int main()
{scanf("%d%d%d",&n,&m,&s);for (int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&dis[i],&a[i]);while (l<=r){mid=(l+r)/2;if (dp(mid)) r=mid-1;else l=mid+1;}if (l>500000) printf("-1");else printf("%d",r+1);return 0;
}

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