【NOIP2010TGT3】洛谷1525 关押罪犯【解法一】

本文主要是介绍【NOIP2010TGT3】洛谷1525 关押罪犯【解法一】，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！

题目描述

S 城现有两座监狱，一共关押着N
名罪犯，编号分别为1~N。他们之间的关系自然也极不和谐。很多罪犯之间甚至积怨已久，如果客观条件具备则随时可能爆发冲突。我们用“怨气值”（一个正整数值）来表示某两名罪犯之间的仇恨程度，怨气值越大，则这两名罪犯之间的积怨越多。如果两名怨气值为c
的罪犯被关押在同一监狱，他们俩之间会发生摩擦，并造成影响力为c 的冲突事件。

每年年末，警察局会将本年内监狱中的所有冲突事件按影响力从大到小排成一个列表，然后上报到S 城Z 市长那里。公务繁忙的Z
市长只会去看列表中的第一个事件的影响力，如果影响很坏，他就会考虑撤换警察局长。

在详细考察了N
名罪犯间的矛盾关系后，警察局长觉得压力巨大。他准备将罪犯们在两座监狱内重新分配，以求产生的冲突事件影响力都较小，从而保住自己的乌纱帽。假设只要处于同一监狱内的某两个罪犯间有仇恨，那么他们一定会在每年的某个时候发生摩擦。

那么，应如何分配罪犯，才能使Z 市长看到的那个冲突事件的影响力最小？这个最小值是多少？输入输出格式输入格式：

输入文件的每行中两个数之间用一个空格隔开。第一行为两个正整数N 和M，分别表示罪犯的数目以及存在仇恨的罪犯对数。接下来的M
行每行为三个正整数aj，bj，cj，表示aj 号和bj 号罪犯之间存在仇恨，其怨气值为cj。数据保证1<

aj=<=bj<=N ，0 < cj≤ 1,000,000,000，且每对罪犯组合只出现一次。

输出格式：

共1 行，为Z 市长看到的那个冲突事件的影响力。如果本年内监狱中未发生任何冲突事件，请输出0。

解法二【二分答案+二分图染色】，传送门。
整体思路是贪心，按照权值大小排序，每次尝试加边，一直加到不能加为止。
维护每个点所处集合情况很容易想到并查集。
但是裸的并查集维护的是那几个点在一个集合，这里要维护的是哪两个点不在一个集合。
可以对每个点取一个点，表示他的对门【也就是不和他在一起的集合】。每次把两个点互相加到对方的对门里。
如果发现两个点在一个集合里了，那么就说明两个人在第三个人【或者是绕了更大一圈】的对门里。这样就矛盾了。得到答案。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int fa[50010];
int find(int p)
{if (fa[p]==p) return p;fa[p]=find(fa[p]);return fa[p];
}
struct edge
{int w,f,t;bool operator < (const edge & x) const{return w>x.w;}
}a[100010];
int main()
{int i,j,k,m,n,p,q,x,y,z;scanf("%d%d",&n,&m);for (i=1;i<=m;i++)scanf("%d%d%d",&a[i].f,&a[i].t,&a[i].w);for (i=1;i<=2*n;i++)fa[i]=i;sort(a+1,a+m+1);for (i=1;i<=m;i++){x=a[i].f;y=a[i].t;if (find(x)==find(y)||(find(x+n)==find(y+n))){printf("%d\n",a[i].w);return 0;}fa[fa[x]]=fa[y+n];fa[fa[y]]=fa[x+n];}printf("0\n");
}