本文主要是介绍Codeforces 1632 D. New Year Concert —— 线段树+尺取,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!
This way
题意:
给你一个长度为n的数组,你要修改其中的某些值使得任意的l,r, g c d ( a [ l ] , a [ l + 1 ] . . . a [ r ] ) = = r − l + 1 gcd(a[l],a[l+1]...a[r])==r-l+1 gcd(a[l],a[l+1]...a[r])==r−l+1的情况不存在。
对于所有的前缀都做一遍。
题解:
这道题…解题思路在题目中提到了:枚举所有右端点,然后检查左端点。
具体是检查什么,怎么检查。那么我们第一个可以发现的是答案一定是不会减小的,因为你要能让i这个位置满足,必然要让前面的位置也满足。怎么改很重要,如果改不好的话,那是否前面检查过的位置在后面还需要检查一遍呢?
其实很简单,如果当前位置要改,直接改成与当前所有数都互质的数即可。那么后面的位置检查到这里的时候,gcd一定会变成1,也就不用再往前面检查了。
如果我们枚举右端点,然后再枚举左端点检查是否gcd和长度相等的话,时间复杂度是O(n^2)的,怎么办?
可以发现这样一个规律:左端点往左移动的时候,长度一定增加,gcd一定不增加,也就是你右端点往右走的同时,gcd和长度相等的位置一定不会往左移动。
考虑尺取,对于如何快速地求出gcd的问题,使用线段树即可。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=2e5+5;
int a[N],gcd[N*4];
void build(int l,int r,int root){if(l==r){gcd[root]=a[l];return ;}int mid=l+r>>1;build(l,mid,root<<1);build(mid+1,r,root<<1|1);gcd[root]=__gcd(gcd[root<<1],gcd[root<<1|1]);
}
int query(int l,int r,int root,int ql,int qr){if(l>=ql&&r<=qr)return gcd[root];int ans=0,mid=l+r>>1;if(mid>=ql)ans=query(l,mid,root<<1,ql,qr);if(mid<qr)ans=__gcd(ans,query(mid+1,r,root<<1|1,ql,qr));return ans;
}
int main()
{int n,pos=0,ans=0;scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);build(1,n,1);for(int i=1;i<=n;i++){if(a[i]==1)ans++,pos=i;else{int g=query(1,n,1,pos+1,i);while(g<i-pos){pos++;g=query(1,n,1,pos+1,i);}if(g==i-pos)ans++,pos=i;}printf("%d%c",ans," \n"[i==n]);}return 0;
}
这篇关于Codeforces 1632 D. New Year Concert —— 线段树+尺取的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!