天上的星星-DP

2024-02-29 23:30
文章标签 dp 星星 天上

本文主要是介绍天上的星星-DP,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

DP+分割

题目-天上的星星

在一个星光璀璨的夜晚,蒜头巨一颗一颗的数天上的星星。
蒜头君给天上巧妙的画了一个直角坐标系,让所有的星星都分布在第一象限。天上有 n n n颗星星,他能知道每一颗星星的坐标和亮度。
现在,蒜头君问自己 q q q次,每次他问自己每个矩形区域的星星的亮度和是多少(包含边界的星星)

输入格式

第一行输入一个整数 n ( 1 ≤ n ≤ 50000 ) n(1 \leq n \leq 50000) n(1n50000)表示星星的数量。
接下来 n n n行,每行输入三个整数 x , y , w ( 0 ≤ x , y , z ≤ 2000 ) x, y, w(0 \leq x, y, z \leq 2000) x,y,w(0x,y,z2000), 表示在坐标 ( x , y ) (x,y) (x,y)有一颗亮度为 w w w的星星。注意一个点可能有多个星星。
接下来一行输入一个整数 q ( 1 ≤ q ≤ 50000 ) q(1 \leq q \leq 50000) q(1q50000),表示查询的次数。
接下来 q q q行,每行输入四个整数 x 1 , y 1 , x 2 , y 2 x_1, y_1, x_2, y_2 x1,y1,x2,y2,期中 ( x 1 , y 1 ) 表 示 查 询 的 矩 形 的 左 下 角 的 坐 标 , (x1,y1)表示查询的矩形的左下角的坐标, (x1,y1)(x_2, y_2)$表示查询的矩形的右上角的坐标, 0 ≤ x 1 ≤ x 2 ≤ 2000 , 0 ≤ y 1 ≤ y 2 ≤ 2000 0 \leq x_1 \leq x_2 \leq 2000, 0 \leq y_1 \leq y_2 \leq 2000 0x1x22000,0y1y22000

输出格式

对于每一次查询,输出一行一个整数,表示查询的矩形区域内的星星的亮度综合。

解析

看到这道题,由于坐标的范围只有2000,第一反应考虑预处理计算出从点 ( 0 , 0 ) (0,0) (0,0)到点 ( x , y ) (x,y) (x,y)区域内星星的总亮度。这个考虑用DP加矩形分割来计算, 可以这样思考, d p [ x ] [ y ] dp[x][y] dp[x][y]表示从点 ( 0 , 0 ) (0,0) (0,0)到点 ( x , y ) (x,y) (x,y)的亮度之和,那么可以得到: d p [ x ] [ y ] = d p [ x ] [ y ] + d p [ x − 1 ] [ y ] + d p [ x ] [ y − 1 ] − d p [ x − 1 ] [ y − 1 ] dp[x][y]=dp[x][y]+dp[x-1][y]+dp[x][y-1]-dp[x-1][y-1] dp[x][y]=dp[x][y]+dp[x1][y]+dp[x][y1]dp[x1][y1], 对0进行特判即可,查询的时候为 a n s = d p [ x 2 ] [ y 2 ] − d p [ x 2 ] [ y 1 − 1 ] − d p [ x 1 − 1 ] [ y 2 ] + d p [ x 1 − 1 ] [ y 1 − 1 ] ans=dp[x_2][y_2]-dp[x_2][y_1-1]-dp[x_1-1][y_2]+dp[x_1-1][y_1-1] ans=dp[x2][y2]dp[x2][y11]dp[x11][y2]+dp[x11][y11], 依然需要对0的地方特别处理一下即可。

AC代码

//  小学生一发的刷题之路
//
//  dp+矩形分割
//
//#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <deque>                //双向队列;
#include <cmath>
#include <set>
#include <stack>
#include <map>
#include <vector>
#include <cstdlib>
#include <iomanip>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef long double ld;
const double PI=acos(-1.0);
const double eps=1e-8;
const int maxn=2000+5;
const int maxm=1e6+5;
const ll mod=1e9+7;
const int INF=1e8;
template<class T>
inline void read(T &ret){       //快速输入模版;ret=0;int f=1;char c=getchar();while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-') f=-1;c=getchar();}while(c>='0'&&c<='9'){ret=ret*10+c-'0';c=getchar();}ret*=f;
}
template <class T>
inline void out(T ret){     //快速输出模版;if(ret>9){out(ret/10);}putchar(ret%10+'0');
}
int n,q,dp[maxn][maxn];int main()
{memset(dp,0,sizeof(dp));scanf("%d",&n);int x,y,w;for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d %d %d",&x,&y,&w);dp[x][y]+=w;}for(int i=0;i<=2000;i++)for(int j=0;j<=2000;j++){if(i==0&&j==0){continue;}else if(i==0){dp[i][j]=dp[i][j]+dp[i][j-1];}else if(j==0){dp[i][j]=dp[i][j]+dp[i-1][j];}else{dp[i][j]=dp[i][j]+dp[i-1][j]+dp[i][j-1]-dp[i-1][j-1];}}//cout<<dp[2000][2000]<<endl;scanf("%d",&q);int x1,y1,x2,y2,ans;while(q--){scanf("%d %d %d %d",&x1,&y1,&x2,&y2);if(x1==0&&y1==0){printf("%d\n",dp[x2][y2]);}else if(x1==0){ans=dp[x2][y2]-dp[x2][y1-1];printf("%d\n",ans);}else if(y1==0){ans=dp[x2][y2]-dp[x1-1][y2];printf("%d\n",ans);}else{ans=dp[x2][y2]-dp[x1-1][y2]-dp[x2][y1-1]+dp[x1-1][y1-1];printf("%d\n",ans);}}return 0;
}

新的开始,每天都要快乐哈。
在这里插入图片描述

这篇关于天上的星星-DP的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/760455

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