本文主要是介绍HDU 2897 邂逅明下(巴什博弈变形),希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!
HDU 2897 邂逅明下
当日遇到月,于是有了明。当我遇到了你,便成了侣。
那天,日月相会,我见到了你。而且,大地失去了光辉,你我是否成侣?这注定是个凄美的故事。(以上是废话)
小t和所有世俗的人们一样,期待那百年难遇的日食。驻足街头看天,看日月渐渐走近,小t的脖子那个酸呀(他坚持这个姿势已经有半个多小时啦)。他低下仰起的头,环顾四周。忽然发现身边竟站着位漂亮的mm。天渐渐暗下,这mm在这街头竟然如此耀眼,她是天使吗?站着小t身边的天使。
小t对mm惊呼:“缘分呐~~”。mm却毫不含糊:“是啊,500年一遇哦!”(此后省略5000字….)
小t赶紧向mm要联系方式,可mm说:“我和你玩个游戏吧,赢了,我就把我的手机号告诉你。”小t,心想天下哪有题目能难倒我呢,便满口答应下来。mm开始说游戏规则:“我有一堆硬币,一共7枚,从这个硬币堆里取硬币,一次最少取2枚,最多4枚,如果剩下少于2枚就要一次取完。我和你轮流取,直到堆里的硬币取完,最后一次取硬币的算输。我玩过这个游戏好多次了,就让让你,让你先取吧~”
小t掐指一算,不对呀,这是不可能的任务么。小t露出得意的笑:“还是mm优先啦,呵呵~”mm霎时愣住了,想是对小t的反应出乎意料吧。
她却也不生气:“好小子,挺聪明呢,要不这样吧,你把我的邮箱给我,我给你发个文本,每行有三个数字n,p,q,表示一堆硬币一共有n枚,从这个硬币堆里取硬币,一次最少取p枚,最多q枚,如果剩下少于p枚就要一次取完。两人轮流取,直到堆里的硬币取完,最后一次取硬币的算输。对于每一行的三个数字,给出先取的人是否有必胜策略,如果有回答WIN,否则回答LOST。你把对应的答案发给我,如果你能在今天晚上8点以前发给我正确答案,或许我们明天下午可以再见。”
小t二话没说,将自己的邮箱给了mm。当他兴冲冲得赶回家,上网看邮箱,哇!mm的邮件已经到了。他发现文本长达100000行,每行的三个数字都很大,但是都是不超过65536的整数。小t看表已经下午6点了,要想手工算出所有结果,看来是不可能了。你能帮帮他,让他再见到那个mm吗?
Input
不超过100000行,每行三个正整数n,p,q。
Output
对应每行输入,按前面介绍的游戏规则,判断先取者是否有必胜策略。输出WIN或者LOST。
Sample Input
7 2 4
6 2 4
Sample Output
LOST
WIN
看到取值范围在p、q之间的时候,毫不犹豫的就写了一个SG函数来解决问题(最初的SG【0】赋值为1,1~p之间的数的SG初始化值赋值为0表示必输点)结果T了,看来这道题得找规律做,所以写的对不对也不知道,先贴上来。
#include <bits\stdc++.h>
using namespace std;int f[65537],sg[65537],vis[65537];void getsg(int a,int b,int n)
{sg[0]=1;for(int i=1;i<=a;i++)sg[i]=0;for(int i=a+1;i<=n;i++){memset(vis,0,sizeof(vis));for(int j=0;j<=b&&i>=f[j];j++){vis[sg[i-f[j]]]=1;}for(int j=0;;j++)if(!vis[j]){sg[i]=j;break;}}
}int main()
{int a,b,c;while(scanf("%d%d%d",&a,&b,&c)!=EOF){int cont=0;for(int i=b;i<=c;i++,cont++)f[cont]=i;getsg(b,c-b,a);if(sg[a]) printf("WIN\n");else printf("LOST\n");}return 0;
}
然后题解发现其实巴什博弈的变形(取值有最小要求)也可以用与巴什博弈一样的思路。其实应该叫巴什博弈的拓展,因为巴什博弈完全是适用于这个式子的(这里暂时讨论最先取完的人获胜,与题目相反):n%(p+q)的值同p比较,若大于等于p或等于0,则后手必胜,若大于0且小于p则先手必胜(巴什博弈即令p=1)。
这道题的话,是反过来,先取完的人输,那么n%(p+q)的值同p比较,若大于p或等于0,则先手必胜,若大于0且小于等于p则后手必胜
在巴什博弈中,若先取完获胜,则用(n-1)%(m+1)看是否等于0
若当前石子共有n =(p+q)* r个,则A必胜,必胜策略为:A第一次取q个,以后每次若B取K个,A取(p+q-k)个,如此下去最后必剩下p个给B,所以A必胜。
若n =(p+q)* r + left个(1< left <= p)B必胜,必胜策略为:每次取石子活动中,若A取k个,则B去(p+q-k)个,那么最后剩下left个给A,此时left <= p,所以A只能一次去完,B胜。
若n =(p+q)* r + left个(p < left <= q),则A必胜,必胜策略为:A第一次取t(1<left – t <= p)个,以后每次B取k个,则A取(p+q-k)个,那么最后留下1< left – t <=p给B,则A胜。
#include <bits\stdc++.h>
using namespace std;int main()
{int a,b,c;while(scanf("%d%d%d",&a,&b,&c)!=EOF){if(a%(b+c)<=b&&a%(b+c)>0) printf("LOST\n");else printf("WIN\n");}return 0;
}
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