hdu4336 Card Collector 概率dp(或容斥原理?)

2024-05-28 11:18

本文主要是介绍hdu4336 Card Collector 概率dp(或容斥原理?),希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!


题意:

买东西集齐全套卡片赢大奖。每个包装袋里面有一张卡片或者没有。

已知每种卡片出现的概率 p[i],以及所有的卡片种类的数量 n(1<=n<=20)。

问集齐卡片需要买东西的数量的期望值。



一开始,自己所理解的期望值是原来学过的  一个值*它自身发生的概率,这没错,但是不知道在这一题里面 那个值是多少

经过重重思考和挣扎最后明白了,这一题中,至少要买多少包 就是那个值,也是你要求的,感觉理解这个好难,但是好重要,

此题中,将n设置为 dp[0]


可以这样想,你要买sum包,才能集齐n种卡片,那么 你最后买的一包一定中奖,即一定是n种中的一种,

用状态压缩表示,dp[1111111]就表示,你现在可以要n包中的一包,也就是可以变成0111111,1011111,1101111.。。。1111110中的一种状态

dp[1111111]=上面列的所有的状态 乘以 中0那包的概率,即dp[i]+=dp[i|(1<<j)]*p[j];

而dp[1111111]表示刚开始,你可以中任一种,它的期望值是0,因为你现在任一种都没有,

dp[0000000]即 dp[0] 则表示现在每一包都有,你已经不用买了,从直观上就可以理解为每位都是0,你没有选择了,


那么,给初值dp[(1<<n)-1]=0,

从这开始,对每一种状态,列举它的每一位,如果是0,则可以变成该位是1的状态,


恩,,差不多就是这样吧。。

不知道自己的理解是否正确 觉得关键还是期望值的意义和最后的结果的意义不太能理解。。

反正我只能理解到这一步了,望批评指正交流


关于容斥原理的解法,还没怎么想,大家可以百度下 ,看起来好简单的样子


下面是参考代码,大家感受下


#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<string>
using namespace std;double p[25],dp[1<<20];int main()
{int i,j,n;double pp;while(~scanf("%d",&n)){for(i=0;i<n;i++)scanf("%lf",&p[i]);dp[(1<<n)-1]=0;for(i=(1<<n)-2;i>=0;i--)//枚举所有状态{pp=0;dp[i]=1;for(j=0;j<n;j++)//对每一位枚举{if(!(i&(1<<j)))//该位是0{dp[i]+=dp[i|(1<<j)]*p[j];pp+=p[j];}}dp[i]/=pp;//可以到达i这种状态的状态都找到了 在循环里累加的是期望值 要除概率和}printf("%lf\n",dp[0]);}return 0;
}



这篇关于hdu4336 Card Collector 概率dp(或容斥原理?)的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/1010410

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