本文主要是介绍【题解】[TJOI 2018] 数学计算(线段树),希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!
题面
【题目描述】
小豆现在有一个数 x x x,初始值为 1 1 1. 小豆有 Q Q Q次操作,操作有两种类型:
1 1 1 m : m: m: x = x ∗ m x = x * m x=x∗m ,输出 x x x% m o d mod mod;
2 2 2 p o s : pos: pos: x = x x = x x=x / 第 p o s pos pos次操作所乘的数(保证第 p o s pos pos次操作一定为类型 1 1 1,对于每一个类型 1 1 1的操作至多会被除一次),输出 x x x % m o d mod mod
【输入】
一共有 t t t组输入( t ≤ 5 t \leq 5 t≤5)
对于每一组输入,第一行是两个数字 Q , m o d Q, mod Q,mod( Q ≤ 100000 , m o d ≤ 1000000000 Q \leq 100000, mod \leq 1000000000 Q≤100000,mod≤1000000000);
接下来 Q Q Q行,每一行为操作类型 o p op op,操作编号或所乘的数字 m m m(保证所有的输入都是合法的).
1 ≤ Q ≤ 100000 1 ≤ Q ≤ 100000 1≤Q≤100000
【输出】
对于每一个操作,输出一行,包含操作执行后的 x x x% m o d mod mod的值
【样例输入】
1
10 1000000000
1 2
2 1
1 2
1 10
2 3
2 4
1 6
1 7
1 12
2 7
【样例输出】
2
1
2
20
10
1
6
42
504
84
算法分析
隐藏的线段树。
纯模拟肯定不行,long long也存不下,只有高精度。需要注意,题目要求输出时取模,但是求解的时候不取模,如果一边取模一边计算就会出现取模为0后,乘以任何 数都是0。
因为除法除的数都是乘过的数,那么其实可以只看乘法。例如除以第k次的乘数s,可以看作第k次乘以了1。这样,我们就将整个操作全部变成了乘法。题目就变成了,每次乘以一个数,输出结果取模。
我们需要将这些乘数都保存下了,同时要进行修改,就使用线段树。
构造一个1~n的全为1的序列A。第k次乘以数s,就将序列A[k]=s,第k次处于第t次的乘数,就将A[t]=1。
就是线段树的一个单点修改。最后的答案就是线段树的根节点S[1],包含了所有乘数的和。
参考程序
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n,m,T;
long long s[500010];
void built(int k,int l,int r) //所有结点初始化为1
{s[k]=1;if(l==r) return;int mid=(l+r)/2;built(k*2,l,mid);built(k*2+1,mid+1,r);
}
void change(int k,int l,int r,int x,int v)
{if(l==r&&x==l){s[k]=v;return;}int mid=(l+r)/2;if(l<=x&&x<=mid) change(k*2,l,mid,x,v);if(mid+1<=x&&x<=r) change(k*2+1,mid+1,r,x,v);s[k]=((s[k*2]%m)*(s[k*2+1]%m))%m;
}
int main()
{scanf("%d",&T);while(T--){scanf("%d%d",&n,&m);built(1,1,n); //建立一个1~n的序列,全部为1,表示第i次乘的数 int x,y;for(int i=1;i<=n;i++){scanf("%d%d",&x,&y);if(x==1) change(1,1,n,i,y); //第i次乘以y else change(1,1,n,y,1); //除以第y次的乘数,即将其乘数变为1 printf("%lld\n",s[1]);//s[1]就是1~i所有乘数的乘积 }} return 0;
}
这篇关于【题解】[TJOI 2018] 数学计算(线段树)的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!