【USACO2.4.3】【洛谷P1522】牛的旅行【最短路】【并查集】

2024-01-30 10:32

本文主要是介绍【USACO2.4.3】【洛谷P1522】牛的旅行【最短路】【并查集】,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

题目大意:

题目链接:

USACO:http://train.usaco.org/usacoprob2?a=TyEfGmq7aAo&S=cowtour
洛谷:https://www.luogu.org/problemnew/show/P1522

有一个无向图,可以在两个不同的联通块中选择其中两个结点并连接,求此时的新联通块的最远两点之间的距离的最小值。


思路:

n ≤ 150 n\leq150 n150的数据很明显是在提示我们用 F l o y d Floyd Floyd做。那么我们就可以求出任意两点之间的距离。
此时可以选择枚举任意两点 i , j i,j i,j,如果这两点不在一个联通块( d i s [ i ] [ j ] > I n f dis[i][j]>Inf dis[i][j]>Inf),那么就可以 O ( n ) O(n) O(n)求出这两个点和同一联通块的最远点之间的距离,然后更新答案
a n s = m i n ( a n s , s u m 1 + s u m 2 + c a l ( i , j ) ) ans=min(ans,sum1+sum2+cal(i,j)) ans=min(ans,sum1+sum2+cal(i,j))
最终取个 6 6 6位小数就可以了。
然后就可以得到 90 90 90分的高分。
此时再打个表就过了


关于# 7 7 7

它死了。
为什么会这样呢?
我们发现,每次更新 a n s ans ans的时候,是把新联通块的新加入的边看成最长路径中的一条了。那么有没有可能加入这条边之后最长路依然只存在其中的一个旧联通块中呢?
有可能。
那么就得先把所有联通块的最长路求出来,然后再更新 a n s ans ans的时候再加入两个条件:
a n s = m i n ( a n s , m a x ( s u m 1 + s u m 2 + c a l ( i , j ) , m a x ( s 1 , s 2 ) ) ) ans=min(ans,max(sum1+sum2+cal(i,j),max(s1,s2))) ans=min(ans,max(sum1+sum2+cal(i,j),max(s1,s2)))
其中 s 1 , s 2 s1,s2 s1,s2分别表示新边所连接的两个旧联通块的最长路。
但是这样就必须用并查集了。
时间复杂度: O ( n 3 α ( n ) ) O(n^3\alpha(n)) O(n3α(n))


代码:

/*
ID:ssl_zyc2
TASK:cowtour
LANG:C++
*/
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;const int N=200;
const double Inf=1e9;
int n,x[N],y[N],map[N][N],father[N];
double dis[N][N],sum1,sum2,ans,maxn[N];double cal(double x1,double x2,double y1,double y2)
{return sqrt((x1-x2)*(x1-x2)+(y1-y2)*(y1-y2));
}int find(int x)
{return x==father[x]?x:father[x]=find(father[x]);
}int main()
{freopen("cowtour.in","r",stdin);freopen("cowtour.out","w",stdout);ans=Inf;scanf("%d",&n);for (int i=1;i<=n;i++){scanf("%d%d",&x[i],&y[i]);father[i]=i;}for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){scanf("%1d",&map[i][j]);if (map[i][j]==1){dis[i][j]=cal(x[i],x[j],y[i],y[j]);  //求路径长度father[find(j)]=find(i);}else dis[i][j]=Inf+1.0;}for (int k=1;k<=n;k++)  //Floydfor (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++)if (i!=j&&j!=k&&k!=i)dis[i][j]=min(dis[i][j],dis[i][k]+dis[k][j]);for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++)if (find(i)==find(j)&&i!=j)maxn[find(i)]=max(maxn[find(i)],dis[i][j]);  //maxn[i]表示含i的联通块的最长路for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++)  //枚举任意两点if (i!=j&&find(i)!=find(j)){sum1=0;sum2=0;for (int k=1;k<=n;k++){if (find(i)==find(k)&&i!=k)sum1=max(sum1,dis[i][k]);if (find(j)==find(k)&&j!=k)sum2=max(sum2,dis[j][k]);}ans=min(ans,max(sum1+sum2+cal(x[i],x[j],y[i],y[j]),max(maxn[find(i)],maxn[find(j)])));}printf("%6lf\n",ans);return 0;
}

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