【LeetCode】94. 二叉树的中序遍历 [ 左子树 根结点 右子树 ]

本文主要是介绍【LeetCode】94. 二叉树的中序遍历 [ 左子树 根结点 右子树 ]，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！

题目链接

Python3

方法一： 递归 $⟮O(n)⟯$

# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
#     def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
#         self.val = val
#         self.left = left
#         self.right = right
class Solution:def inorderTraversal(self, root: Optional[TreeNode]) -> List[int]:"""中序遍历 [ 左子树 根 右子树 ]： 递归"""def inorder(node):if not node:return inorder(node.left) # 左子树ans.append(node.val) ## 根inorder(node.right) # 右子树ans = []inorder(root)return ans   

方法二： 迭代 $⟮O(n)⟯$

# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
#     def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
#         self.val = val
#         self.left = left
#         self.right = right
class Solution:def inorderTraversal(self, root: Optional[TreeNode]) -> List[int]:"""中序遍历 [ 左子树 根 右子树 ]： 迭代"""ans = []stack = []cur = rootwhile cur or stack:  # 还有结点 未遍历while cur:stack.append(cur)   cur = cur.left  # 左 ## 开始 出栈 处理         cur = stack.pop() # ans.append(cur.val)  # 根cur = cur.right  #  右 return ans 

方法三： Morris $⟮O(n)、O(1)⟯$

参考链接

# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
#     def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
#         self.val = val
#         self.left = left
#         self.right = right
class Solution:def inorderTraversal(self, root: Optional[TreeNode]) -> List[int]:"""中序遍历 [ 左子树  根  右子树 ]  Morris  O(N) O(1)"""ans = []cur, pre = root, None while cur:if not cur.left:ans.append(cur.val)  ##  cur = cur.right # 有左孩子else:# 找 pre pre = cur.left while pre.right and pre.right != cur:pre = pre.right  if not pre.right:pre.right = curcur = cur.left else:pre.right = None ans.append(cur.val)cur = cur.right return ans 

C++

方法一： 递归 $⟮O(n)⟯$

/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {*     int val;*     TreeNode *left;*     TreeNode *right;*     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}* };*/
class Solution {
public:// 子模块void inorder(TreeNode* node, vector<int> &ans){if (node == nullptr){return ;}inorder(node->left, ans);ans.emplace_back(node->val);inorder(node->right, ans);}// 主模块vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {vector<int> ans;inorder(root, ans);return ans;}
};

方法二： 迭代 $⟮O(n)⟯$

/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {*     int val;*     TreeNode *left;*     TreeNode *right;*     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}* };*/
class Solution {
public:vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {vector<int> ans;if (root == nullptr){return ans;}stack<TreeNode*> stk;TreeNode* cur = root;while (cur != nullptr || !stk.empty()){while (cur != nullptr){stk.emplace(cur);cur = cur->left; // 左}cur = stk.top();stk.pop();ans.emplace_back(cur->val); // 根cur = cur->right; // 右}return ans;}
};

方法三： Morris $⟮O(n)、O(1)⟯$

/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {*     int val;*     TreeNode *left;*     TreeNode *right;*     TreeNode() : val(0), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x) : val(x), left(nullptr), right(nullptr) {}*     TreeNode(int x, TreeNode *left, TreeNode *right) : val(x), left(left), right(right) {}* };*/
class Solution {
public:vector<int> inorderTraversal(TreeNode* root) {vector<int> ans;TreeNode* cur = root;TreeNode* pre = nullptr;while (cur != nullptr){if (cur->left == nullptr){// 左子树 遍历完了ans.emplace_back(cur->val);  //cur = cur->right;}else{// 找 pre pre = cur->left;while (pre->right != nullptr && pre->right != cur){pre = pre->right;}if (pre->right == nullptr){pre->right = cur;cur = cur->left;}else{pre->right = nullptr;ans.emplace_back(cur->val);  //cur = cur->right; // 右}}}return ans;}
};

Morris 中序遍历 理解

Step 2:
cur 移到 原树 cur 的左结点
原树：

经过 step 1 操作的树

Step 3:

原树：

经过 step 2 操作的树

开始 有结点 加入答案里，意味着 原树最左侧的结点 遍历完成。

结点 4、2、5、1 依次加到 ans 里。

到 结点 3。 发现 结点 3 有 pre。
则同样 先把 cur及右子树 都加到 pre 的右边。
先处理 左边。


总体思想: 左 根 右
一般先知道 root。
把 root 及其右子树 都 接在 pre【即左子树的 mostright】 后面
处理 左子树。
这样 后面 加 答案 就是 左 根 右 的 顺序。

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