正余弦定理解三角形的实际应用

2023-10-20 11:59

本文主要是介绍正余弦定理解三角形的实际应用,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

导言:

1、上节课:用正余弦定理解三角形,复习回顾

2、本节课和上节课的关系:上节课用正余弦定理解三角形,是针对三角形的数学模型来求解;而本节课需要将实际问题先图形化,转化为针对三角形的数学模型来处理的问题,如果这个环节做得好,那么到此问题就完全变成了上一节的问题。

静雅凤中$\;\cdot\;$正余弦定理的实际应用 考点:测量不可到达的高度问题,求三角形的边 Cnblogs_LT02.bmp要测量电视塔$AB$的高度,在$C$点测得塔顶$A$的仰角是$45°$,在$D$点测得塔顶$A$的仰角是$30°$,并测得水平面上的$∠BCD=120°$,$CD=40 m$,则电视塔的高度为__________m. 992978-20180108154013332-1486882320.png

分析:设电视塔$AB$高为$x\; m$, 则在$Rt\Delta ABC$中,由$\angle ACB=45°$得$BC=x$. 在$Rt\Delta ADB$中,由$\angle ADB=30°$,得$BD=\sqrt{3}x$. 在$\Delta BDC$中,由余弦定理,得 $BD^2=BC^2+CD^2-2BC\cdot CD\cdot cos120°$, 即$(\sqrt{3}x)^2=x^2+40^2-2\cdot x\cdot 40\cdot cos120°$, 解得$x=40$,所以电视塔高为$40 m$.

反思总结:①解三角形问题时,常常需要将立体问题平面化; ②当已知条件不在一个三角形中时,我们常常将其转化到一个三角形中,再求解即可。 静雅凤中$\;\cdot\;$正余弦定理的实际应用 考点:测量不可到达的距离问题,求三角形的边 Cnblogs_LT02.bmp如图$A、B$两点在河的两侧,且$A、B$两点均不可到达,如果要测量$AB$的距离,测量者在河岸边选定了两点$C、D$,并测得$CD=\cfrac{\sqrt{3}}{2}km$,$\angle ACB=\alpha=45^{\circ}$,$\angle ACD=\beta=60^{\circ}$,$\angle CDB=\gamma=30^{\circ}$,$\angle ADB=\delta=30^{\circ}$,求$A、B$两点间的距离。 992978-20180108180233410-1850891563.png

分析:在$\Delta ACD$中,由$\angle ADC=\delta+\gamma=60^{\circ}$,$\angle ACD=60^{\circ}$,$CD=\cfrac{\sqrt{3}}{2}km$, 可得边$AC=CD=\cfrac{\sqrt{3}}{2}km$; 在$\Delta BCD$中,由$\angle BDC=30^{\circ}$,$\angle BCD=105^{\circ}$,$CD=\cfrac{\sqrt{3}}{2}km$, 故由正弦定理,可得$BC=\cfrac{DC}{sin\angle DBC}\cdot sin\angle BDC=\cfrac{\sqrt{6}}{4}$; 在$\Delta ABC$中,由$\angle ACB=45^{\circ}$,$AC=\cfrac{\sqrt{3}}{2}km$,$BC=\cfrac{\sqrt{6}}{4}$, 由余弦定理可得,$AB^2=BC^2+AC^2-2BC\cdot AC\cdot cos45°$, 解得$AB=\cfrac{\sqrt{6}}{4}km$

反思总结:1、怎么分析?由果溯因,题目要求解$AB$的长度,需要将其放置到一个三角形中, 图中能包纳$AB$在内的三角形有三个,分别是$\Delta ABC$和$\Delta ABD$和$\Delta AOB$, 首先能排除的是不选$\Delta AOB$,原因是已知条件都用不上。 接下来,选择的这两个三角形,从已知数据的角度看是对称的,所以随便选一个,比如$\Delta ABC$。 在此三角形中,$\angle ACB=45^{\circ}$能用上,自然还得知道边$AC$和$BC$, 要求解边$AC$,也得选个三角形,比如选$\Delta ACD$,用正弦定理求解$AC$即可; 要求解边$BC$,也得选个三角形,比如选$\Delta BCD$,用余弦定理求解$BC$即可; 到此,回到$\Delta ABC$中,用余弦定理就可以搞定问题了。 2、当已知条件转化到一个三角形中时,问题就变得迎刃而解了。 静雅凤中$\;\cdot\;$正余弦定理的实际应用 题源:2017淄博模拟;考点:测量角度问题,求三角形的角 Cnblogs_LT02.bmp如图,在海岸$A$处,发现北偏东$45^{\circ}$方向距离$A$处$(\sqrt{3}-1)$海里的$B$处有一艘走私船,在$A$处北偏西$75^{\circ}$方向,距离$A$处$2$海里的$C$处的缉私船奉命以$10\sqrt{3}$海里/时的速度追截走私船,此时走私船正以$10$海里/时的速度从$B$处向北偏东$30^{\circ}$方向逃窜,问缉私船沿什么方向能最快追上走私船,并求所需时间。(注:$\sqrt{6}\approx 2.449$) 992978-20180109155951457-266020522.png

设缉私船沿北偏东$\theta$的$CD$方向能最快追上,所需时间为$t$小时,并设$\angle DCB=\alpha$, 在$\Delta ABC$中,$AB=\sqrt{3}-1$,$AC=2$,$\angle BAC=120^{\circ}$, 则由余弦定理可知,$BC^2=AC^2+AB^2-2\cdot AC\cdot AB\cdot cos120^{\circ}=\cdots=6$,则$BC=\sqrt{6}$; 在$\Delta ABC$中,由正弦定理可知,$\cfrac{AC}{sin\angle CBA}=\cfrac{BC}{sin120^{\circ}}$,代值整理得到 $sin\angle CBA=\cfrac{\sqrt{2}}{2}$,则可知$\angle CBA=\cfrac{\pi}{4}$,即$B、C$两点在正东正西方向上。 在$\Delta BCD$中,$BC=\sqrt{6}$,$BD=10t$,$CD=10\sqrt{3}t$,$\angle CBD=120^{\circ}$, 则由余弦定理可知,$CD^2=BC^2+BD^2-2\cdot BC\cdot BD\cdot cos120^{\circ}$, 化简整理得,$200t^2-10\sqrt{6}t-6=0$,即$(20t+\sqrt{6})(10t-\sqrt{6})=0$, 解得$t=\cfrac{\sqrt{6}}{10}\approx 0.245$小时$=14.7$分钟。 此时,由正弦定理可得,$\cfrac{BD}{sin\angle DCB}=\cfrac{CD}{sin120^{\circ}}$,即$\cfrac{10t}{sin\alpha}=\cfrac{10\sqrt{3}t}{sin120^{\circ}}$, 代值整理得到,$sin\alpha=\cdots=\cfrac{1}{2}$,故$\alpha=30^{\circ}$。 即沿北偏东$60^{\circ}$或东偏北$30^{\circ}$方向能追上,最快用时约$14.7$分钟。

反思总结:①本题目的难点之一,就是根据题意做出图形,作图时需要理解题中的各种角的含义, ②且在$A、B、C$处需要建立方位。同时还存在做出的是俯视图还是斜二测图形。 ③题目一开始我们并不知道$BC$两点在正东正西方向上,所以直接设沿着东偏北多少是错误的。 ④在$\Delta BCD$中使用正弦定理求$sin\angle DCB$时,代入边长时要么都用边长,要么都使用速度,以减少运算错误;如果利用余弦定理计算$cos\angle DCB$会非常麻烦。

001
如图,一条河的两岸平行,河的宽度\(d=0.6 km\),一艘客船从码头A出发匀速驶往河对岸的码头B。已知\(AB=1km\),水的流速为\(2 km/h\),若客船从码头A驶到码头B所用的最短时间为\(6 min(0.1h)\),则客船在静水中的速度为 【 】
A.\(8 km/h\) \(\hspace{2cm}\) B.\(6\sqrt{2} km/h\) \(\hspace{2cm}\) C.\(2\sqrt{34} km/h\) \(\hspace{2cm}\) D.\(10 km/h\)

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分析:此题涉及到运动的合成,如右图所示,要想使得船的最终实际航行路线是AB,那么船在静水中时的航线应该是AC,水流的方向是AD,这样在两个向量AC、AD的共同作用下,船的最终实际航行路线才可能是AB,这样就形成了\(\Delta ABC\)\(\Delta ABD\)

设客船在静水中的速度为\(v km/h\),那么\(AC=BD=0.1v\)\(AB=1\)\(AD=0.1\times 2=0.2\)

\(\Delta BAE\)中,\(sin\theta=\cfrac{0.6}{1}=\cfrac{3}{5}\),则\(cos\theta=\cfrac{4}{5}\),即\(cos\angle BAD=cos\theta=\cfrac{4}{5}\)

则在\(\Delta ABD\)中,\(BD^2=AB^2+AD^2-2AB\cdot AD\cdot cos\angle BAD\)

\((0.1v)^2=1^2+(0.2)^2-2\times 1\times 0.2\times \cfrac{4}{5}\),解得\(v=6\sqrt{2}\),故选B。

002 一个大型喷水池的中央有一个强力喷水柱,为了测量喷水柱喷出的水柱的高度,某人在喷水柱正西方向的点A测得水柱顶端的仰角为45°,沿点A向北偏东30°前进100m 到达点B,在B点测得水柱顶端的仰角为 30°,则水柱的高度是【】

A.\(50m\) \(\hspace{2cm}\) B.\(100m\) \(\hspace{2cm}\) C.\(120m\) \(\hspace{2cm}\) D.\(150m\)

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分析:本题目的难点是作出适合题意的立体图形,必要的时候可以使用斜二次画法理解题意。

如右图所示,水柱高为CD,其垂直于下底面ABC,

\(\angle DAC=45^{\circ}\)\(\angle BAC=60^{\circ}\)\(\angle DBC=30^{\circ}\)

设水柱的高度为\(h\),则在\(\Delta ABC\)中,\(BC=\sqrt{3}h\)\(AC=h\)\(AB=100\)\(\angle BAC=60^{\circ}\)

由余弦定理可得\(BC^2=AB^2+AC^2-2AB\cdot AC\cdot cos\angle BAC\)

\(3h^2=h^2+100^2-2\times 100\times h\times \cfrac{1}{2}\)

化简整理得到,\(h^2+50h-5000=0\)

解得\(h=-100(舍去)\)\(h=50\)。故选A。

【例1】据气象部门预报,在距离某码头正西方向\(400km\)处的热带风暴中心正以\(20km/h\)的速度向东北方向移动,距离风暴中心\(300km\)以内的地区为危险区,该码头处于危险区内的时间是_____小时。

https://www.desmos.com/calculator/jnpmgjgnni

法1:解三角形法

设风暴移动的时间为\(t\)小时,由题可知,\(AB^2=400^2+400t^2-2\times20t\times400\cfrac{\sqrt{2}}{2}\leq 300^2\)

解得$10\sqrt{2}-5\leq t \leq 10\sqrt{2}+5 $

所以码头处于危险区的时间为\(10\sqrt{2}+5-(10\sqrt{2}-5)=10\).

【难点列举】

1、转化为解三角形模型

2、\(AB^2 \leq 300^2\)的理解

3、解不等式,十字相乘法变换为公式法

4、对\(t=10\sqrt{2}\pm 5\)的理解

法2:平面几何法

分析:利用圆中的\(Rt\Delta\)可知风暴作用于码头的距离是\(200km\),故时间为\(\cfrac{200}{20}=10\)小时。

【例2】立体图形中的方位角的问题

http://bmob-cdn-5522.b0.upaiyun.com/2017/04/10/95c02ba5408e0e858033c6be11b63609.html?s=share

转载于:https://www.cnblogs.com/wanghai0666/p/8242987.html

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