[海军国际项目办公室]NOIP 2021

2024-03-16 22:38

本文主要是介绍[海军国际项目办公室]NOIP 2021,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

NOIP 2021

题目概述

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题解

这波直接未来题

我们可以先找到 p = 4324321 p=4324321 p=4324321的一个原根 G G G,这样,每个数都可以用这个原根的次方表示出来,我们记 i = G a i i=G^{a_{i}} i=Gai
显然,如果 p p p还有另外一个原根 G ′ G' G,那么必然有 ( G ′ , φ ( p ) = p − 1 ) = 1 (G',\varphi(p)=p-1)=1 (G,φ(p)=p1)=1,只有这样才能让 G ′ G' G的次方能够在 φ ( p ) \varphi(p) φ(p)内全部不同。
所以,我们只需要判断 a i a_{i} ai是否与 φ ( p ) \varphi(p) φ(p)互质就可以知道它是不是原根。
不如直接将 φ ( p ) \varphi(p) φ(p)分解质因数, φ ( p ) = 2 5 × 3 3 × 5 × 7 × 11 × 13 \varphi(p)=2^5\times3^3\times5\times 7\times 11\times 13 φ(p)=25×33×5×7×11×13,可以直接判断是不是这 6 6 6个数的倍数。

我们得到原根后考虑如何寻找我们的 k i k_{i} ki
显然有, t i ≡ k i s i ( m o d p ) ⇒ r a t i ≡ r a k i s i ( m o d p ) t_{i}\equiv k_{i}^{s_{i}}(\mod p)\Rightarrow r^{a_{t_{i}}}\equiv r^{a_{k_{i}}s_{i}}(\mod p) tikisi(modp)ratirakisi(modp)
由于 r r r p p p的原根,所以我们可以转化到次数上的相等,这里该更换一下 k i k_{i} ki t i t_{i} ti的含义,于是有,
t i ≡ k i s i ( m o d φ ( p ) ) t_{i}\equiv k_{i}s_{i}(\mod \varphi(p)) tikisi(modφ(p))由于 s s s在可见 A S C I I \rm ASCII ASCII码中的范围大概只有 [ 32 , 126 ] [32,126] [32,126],我们可以按照 m o d m \mod m modm的余数给所有数分类,对于每一类,我们可以通过前面几个数找到有哪些可能的 k i k_{i} ki,再通过后面的数去检验我们的 k i k_{i} ki是否正确。
这样的时间复杂度大概是 O ( m ∣ C ∣ ∑ i ∈ C ( p , i ) ) O\left(m|C|\sum_{i\in C}(p,i)\right) O(mCiC(p,i)),大概有 70 p t s 70pts 70pts

但事实上我们完全可以对其进行优化。
我们发现对于 c = 32 c=32 c=32(空格)这样数字,它刚好可以整除我们的 φ ( p ) \varphi(p) φ(p),如果拿它去寻找我们可能的 l l l,就只有 32 32 32中可能,其中可以成为原根的更少。
类似的还有 inhlucp \text{inhlucp} inhlucp 7 7 7个字符,总共有 8 8 8个字符。
由于题目保证我们所选择文本都是 符合英语书写习惯的有意义的 文本,而且基本每个类都有 [ 40 , 50 ] [40,50] [40,50]个字符,所以我们可以猜测我们这八个字符在每个类中都出现过。实际上仅仅是空格就在 99 % 99\% 99%的类里面出现过了。
这样的话我们就可以大幅的压缩我们枚举的可能的 k i k_{i} ki的个数了。
求出 k i k_{i} ki后除过去就可以得到我们的 s s s了,毕竟 k i k_{i} ki是与 φ ( p ) \varphi(p) φ(p)互质的。

时间复杂度 O ( p + 8 n + 117 m log ⁡ φ ( p ) ) O\left(p+8n+117m\log\varphi(p)\right) O(p+8n+117mlogφ(p))
实际上我们可以开始就用线性筛预处理每个数是不是我们的原根,而后面有时基本不可能枚举到我们的 u u u的,所以实际上快得多。

源码

#pragma GCC optimize(2)
#pragma GCC optimize(3)
#pragma GCC optimize("Ofast")
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define MAXN 5000005
#define MAXM 100005
#define lowbit(x) (x&-x)
#define reg register
#define pb push_back
#define mkpr make_pair
#define fir first
#define sec second
typedef long long LL;
typedef unsigned long long uLL;       
const int INF=0x3f3f3f3f;       
const int mo=4324321;
const int mod=4324320;
const int inv2=499122177;
const double jzm=0.997;
const int zero=10000;
const int orG=17;
const double Pi=acos(-1.0);
const double eps=1e-5;
typedef pair<LL,int> pii;
template<typename _T>
_T Fabs(_T x){return x<0?-x:x;}
template<typename _T>
void read(_T &x){_T f=1;x=0;char s=getchar();while(s>'9'||s<'0'){if(s=='-')f=-1;s=getchar();}while('0'<=s&&s<='9'){x=(x<<3)+(x<<1)+(s^48);s=getchar();}x*=f;
}
template<typename _T>
void print(_T x){if(x<0){x=(~x)+1;putchar('-');}if(x>9)print(x/10);putchar(x%10+'0');}
int gcd(int a,int b){return !b?a:gcd(b,a%b);}
int add(int x,int y,int p){return x+y<p?x+y:x+y-p;}
void Add(int &x,int y,int p){x=add(x,y,p);}
int qkpow(int a,LL s,int p){int t=1;while(s){if(s&1LL)t=1ll*a*t%p;a=1ll*a*a%p;s>>=1LL;}return t;}
int n,m,taskid,a[MAXN],num[MAXN],ord[MAXN],tot,pw[MAXN],head[MAXM],nxt[MAXN],val[MAXN];
char ans[MAXN],key[10]={0,' ','i','n','h','l','u','c','p'};
vector<int>tmp;
bool range(int x){return 32<=x&&x<=126;}
signed main(){freopen("decrypt.in","r",stdin);freopen("decrypt.out","w",stdout);read(n);read(m);read(taskid);num[1]=0;int now=1;const int pG=928440;for(int i=1;i<mo-1;i++)now=1ll*now*orG%mo,num[now]=i,pw[i]=now;for(int i=1;i<=n;i++)read(a[i]),val[i]=num[a[i]],nxt[i]=head[i%m],head[i%m]=i;for(int i=0;i<m;i++){int typ=0,tid=0;tmp.clear();for(int k=1;k<=8&&!tid;k++)for(int j=head[i];j&&!tid;j=nxt[j])if(val[j]%key[k]==0)typ=val[j]/key[k],tid=k;for(int stp=mod/key[tid];typ<mod;typ+=stp)if((typ&1)&&(typ%3)&&(typ%5)&&(typ%7)&&(typ%11)&&(typ%13))tmp.pb(typ);int siz=tmp.size();for(int j=0;j<siz;j++){int x=tmp[j],ix=qkpow(x,pG-1,mod);bool flag=0;for(int k=head[i];k;k=nxt[k])if(!range(1ll*val[k]*ix%mod)){flag=1;break;}if(flag)continue;int st=i;if(!st)st=m;for(int k=head[i];k;k=nxt[k])ans[k]=1ll*val[k]*ix%mod;break;}}for(int i=1;i<=n;i++)putchar(ans[i]);puts("");return 0;
}

谢谢!!!

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http://www.chinasem.cn/article/816955

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