链表必刷题一

一、移除链表元素

1. leetcode 203

题目要求：
指定一个元素，移除链表中与之对应的所有元素。
leetcode 203

2.代码实现

class Solution {public ListNode removeElements(ListNode head, int val) {//链表为空if(head == null){return null;}//创建两个指针，一个用来遍历，一个用来充当前驱ListNode cur = head.next;ListNode prev = head;while(cur != null){if(cur.val == val){prev.next = cur.next;}else{prev = cur;}cur = cur.next;}//考虑头结点if(head.val == val){return head.next;}return head;}
}

3. 代码分析

思路：
创建两个指针，一个是 prev，称为前驱指针，用来串联下一个节点；另一个是 cur，用来遍历整个链表，同时在跑的过程进行 val 值的判断。

下面是几种必须要考虑到的情况：

情况（1）：待删除的节点非连续分布

情况（2）：考虑尾节点，也考虑到了连续排分布
经过分析下来，我们发现情况（2）全部符合情况（1）的代码

情况（3）：考虑头节点也是要删除的节点

二、 反转链表

1. leetcode 206

题目要求：给你单链表的头节点 head ，请你反转链表，并返回反转后的链表的表头。
leetcode 206

2. 代码实现

class Solution {public ListNode reverseList(ListNode head) {if(head == null){return null;}ListNode prev = null;ListNode cur = head;while(cur != null){ListNode cur2 = cur.next;cur.next = prev;prev = cur;cur = cur2;}return prev;}
}

3. 代码分析

思路：

（1）创建两个指针，一个指针是 prev，最初指向 null，之后用来串联反转后的节点；另一个指针是 cur，最初指向 head，之后用来遍历整个链表中的节点。prev 和 cur不断地向后走，当 cur == null 的时候，那么就停下来，此时的 head 就是 prev。
如下两行代码可以实现上述操作
cur.next = prev;
prev = cur;

（2）然而，此题的关键是，如何让 prev 和 head 正确地往链表后面跑。
因为上面两行代码会改变 cur 的指向，也就是说，cur 不再能够按照原先的路线跑了，基于这个原因，我们要创建一个新的指针 cur2，这个指针的作用就是在反转操作前，把 cur 的下一个位置存起来，并放在 while 循环的第一行，这样一来，就可以正确遍历了。
ListNode cur2 = cur.next;

下面的图辅助理解：

三、链表的中间节点

1. leetcode 879

题目要求：给定一个头结点为 head 的非空单链表，返回链表的中间结点。如果有两个中间结点，则返回第二个中间结点。
leetcode 879

2. 代码实现

class Solution {public ListNode middleNode(ListNode head) {//创建快慢指针ListNode fast = head;ListNode slow = head;  while(fast != null && fast.next != null){fast = fast.next.next;slow = slow.next;}return slow;}
}

3. 代码分析

思路：
创建两个指针，一个是 fast，一次走两步，另一个是 slow，一次走一步。两个指针同时移动，当 fast 停下来的时候，slow 就是中间节点。原因就是：fast 更快，走的更远，fast 速度是 slow 的一半，而 slow 对应的路程是 fast 的一半。

fast = fast.next.next;
slow = slow.next;

此外我们应该注意：while 循环的条件应写成（ fast != null && fast.next != null），而不应该写成（fast.next != null && fast != null），因为考虑到当 fast == null 时，fast.next 就会造成空指针异常。

情况（1）：节点的总数是奇数

情况（2）：节点的总数是偶数

四、链表中倒数第 k 个节点

1. 牛客网链接

题目要求：输入一个链表，输出该链表中倒数第k个结点。
OJ链接

2. 代码实现

public class Solution {public ListNode FindKthToTail(ListNode head,int k) {//空链表和k<=0，不满足要求，返回 nullif(head == null || k <= 0){return null;}ListNode fast = head;ListNode slow = head;//让 fast 先走for(int i = 0; i < k-1; i++){fast = fast.next;//下面判断是否 k > 链表长度if(fast == null){ return null;}}//fast 和 slow 同步走while(fast.next != null){fast = fast.next;slow = slow.next;}return slow;}
}

3. 代码分析

这道题目，我们先理解一个例子，再阐明思路。
例子如下，假设我们要找的是 k = 2，即对应下图的倒数第二个节点。现在我们分三步走：
（1）创建快慢指针 fast 和 slow 为头节点
（2）slow 不动，fast 先走 k - 1 步
（3）在（1）的基础上，fast 和 slow 每次走一步，直到 fast.next == null 的时候，那么 slow 指向的位置就是 k = 2 的位置

思路：
如上图的例子，假设正常情况下，链表长度 length = 5
当 k = 1，k - 1 = 0
当 k = 2，k - 1 = 1
当 k = 3，k - 1 = 2
当 k = 4，k - 1 = 3
当 k = 5，k - 1 = 4
k - 1 就是我们 fast 要先走的路程，之后 fast 和 slow 指针再保持一步一步走，最后通过判断 fast.next 是否为 null即可。

因为我们知道 slow 指针是每次只能走一步的，那么我们只能通过设计 fast 路程来保持后面的 fast 和 slow 路程的同步！也就是说目标是 slow，而 fast 是用来实现 slow 的。
读者可以自己试一试这一规律，这很有意思。

此外，我们应该考虑三种特殊情况：
（1）链表为空
链表为空，无论 k 的值是多少，自然就返回 null

（2）k <= 0
假设 k = -1，链表有倒数第 -1 个节点吗？这个时候肯定也返回 null

（3）k > 链表的长度 length
假设 length = 5，k = 6，那么，说让你找链表中倒数第 6 个节点，自然也是找不到的，所以返回 null

针对情况（1）和（2），以下代码可以解决

if(head == null || k <= 0){return null;
}

针对情况（3），有两种解决方法
方法1： 通过遍历链表，得出 length 的值，如果用 if 判断的结果是（length - k < 0），那么就返回 null.

方法2： 在 fast 走 k - 1 步的时候，我们在 for 循环中进行判断，如果 fast == null，那么就返回 null

读者们应该更为理解第①种解决方案，而我当初做题也是这么想的，可是第一种方案要多遍历链表一次，也就是说效率更低，时间复杂度更大。所以接下来利用图解阐明第②种解决方案。

如上图分析，假设链表长度为 5，k = 6，那么 k - 1 = 5，经过之前的分析，我们要先让 fast 指针先往后跑 5 步，以此造成的结果就是，fast 已经指向 null，所以就更别谈让后面的 slow 继续跑了，所以直接 return null。假设 k = 7，8，9，那么可想而知，fast 都不知道跑哪去了。
所以经过分析，这种表达方式就是在于表明 k 不能大于链表长度，一旦 k > 链表长度，fast 直接为 null.

五、合并两个有序链表

1. leetcode 21

题目要求：将两个升序链表合并为一个新的升序链表并返回。新链表是通过拼接给定的两个链表的所有节点组成的。
leetcode 21

2. 代码实现

class Solution {public ListNode mergeTwoLists(ListNode head1, ListNode head2) {//创建一个傀儡节点ListNode newhead = new ListNode(-1);ListNode cur = newhead;//开始循环，并判断傀儡节点连接的下一个节点是属于哪一个链表while(head1 != null && head2 != null){if(head1.val <= head2.val){cur.next = head1;cur = cur.next;head1 = head1.next;}else{cur.next = head2;cur = cur.next;head2 = head2.next;}}//如果链表1本身为空，或者链表1走完了，就走链表2if(head1 == null){cur.next = head2;}//如果链表2本身为空，或者链表2走完了，就走链表1if(head2 == null){cur.next = head1;}return newhead.next;}
}

3. 代码分析

思路：
（1） 创建一个虚拟的傀儡节点 newhead，newhead 里面存的是数据域是 -1，指针域 next 是 null。目的是用来将两个链表串联起来，此外还应该创建一个 cur 充当傀儡节点的替身，因为最后的 newhead 要充当新的头结点，所以要保持 newhead 的位置不能动。

（2）head1 和 head2 每经过一个节点的时候，就比较两个节点中存的 val 值，由于此题是排序是升序的情况，那么谁的值小，就放在新的链表前面。

（3）最后考虑特殊情况
① 原始的两个链表是否都为空，是否某个链表为空，另一个链表不为空。
② 当其中的一个链表元素已经走完了，那么下一步该怎么办。
基于以上两种特殊的情况，首先我们应该确定好 while 循环的条件是 （head1 != null && head2 != null），其次我们应该添加两个 if 的条件，代码如上，我已经标出注释。

下图辅助理解：

六 、分割链表

1. 牛客网链接

题目要求：
现有一链表的头指针 ListNode* head，给一定值 x，编写一段代码将所有小于 x 的结点排在其余结点之前，且不能改变原来的数据顺序，返回重新排列后的链表的头指针。

OJ链接

2. 代码实现

public class Partition {public ListNode partition(ListNode head, int x) {//1. 创建五个指针//创建两个傀儡节点 newhead1 和 newhead2//再创建这两个傀儡节点的替身，cur1，和 cur2//创建一个指针 sign 用来遍历原来的链表ListNode newhead1 = new ListNode(-1);ListNode newhead2 = new ListNode(-2);ListNode cur1 = newhead1;ListNode cur2 = newhead2;ListNode sign = head;//2. 进行区间划分//比 x 值小的放在前一个区间比 x 值大的放在后一个区间while(sign != null){if(sign.val < x){cur1.next = sign;cur1 = cur1.next;sign = sign.next;}else{cur2.next = sign;cur2 = cur2.next;sign = sign.next;}}//3. 傀儡节点失效，重新定义两个区间的头结点newhead1 = newhead1.next;newhead2 = newhead2.next;//4. 连接两个区间cur1.next = newhead2;//5. 考虑特殊情况if(newhead2 != null){cur2.next = null;}if(newhead1 == null){return newhead2;}//左右区间都为空return newhead1;}
}

3. 代码分析

思路：

我们先来看看正常情况下的思路分析，注意，这里给的 x 值，可以是非链表元素中的 val

（1） 创建五个指针
① 创建两个虚拟的傀儡节点 newhead1 和 newhead2，其分别存放数据域和指针域。newhead1 中存放的是 -1 和 null，newhead2 存放的是 -2 和 null。目的是用来分割链表，当节点对应的 val < x 的时候，我们把这个节点放在前一个区间，也就是属于 newhead1 节点的区间；同理，当节点对应的 val > x 的时候，我们把这个节点放在后一个区间，也就是属于 newhead2 节点的区间。

② 与此同时，我们再创建这两个傀儡节点的替身，cur1 和 cur2，让 cur1 和 cur2 起到串联节点的作用，因为在程序的最后，我们要对 newhead1 和 newhead2 头节点进行操作，所以作为两段区间新的头结点，所以这两个位置不能动它，我们只能让 cur1 和 cur2去跑。

③ 创建一个指针 sign 用来遍历原来的链表，拿 sign.val 和 x 进行比较，小的放在前一区间，大的放在后一区间。

（2）当区间划分完之后，我们要注意真正的头节点位置，两个傀儡节点在原先创建的时候，它们之中默认指向的是 null，而经过串联新的节点之后，其对应的 next 域可能会发生改变，所以我们实现如下两行代码。这表示：有节点就指向下一个节点的地址，无节点，就指向 null。这一步很关键！

newhead1 = newhead1.next;
newhead2 = newhead2.next;

给大家展示清晰的傀儡节点的内部结构，和创建普通的节点一样，只要创建了一个新的节点，其节点本身就会被系统分配内存，其中有个数据域，有一个指针域，而因为它是孤立的，所以它们的指针域指向 null

下面请看我的分析，我给出了一个链表，假设我们将 x = 6 设置成中间线。
x < 6 的放在前一个区间，这个区间是通过傀儡节点 newhead1 引导的；x > 6 的放在后一个区间，这个区间是通过傀儡节点 newhead2 引导的。

下图辅助理解：

（3）上面的是普遍情况，我们再看看几个特殊情况，这依然很关键：

请读者对照上图序号并看下面我给出的列举，我为大家列出来了所有情况，分别是：

① 正常情况

② 前一个区间为空，后一个区间不为空
我们只要设置相关条件，并满足使用代码即可

cur2.next = null; //尾节点置空
return newhead2 //将后一区间的头节点作为返回节点

③ 后一个区间为空，前一个区间不为空
我们无须设置相关条件，因为在之前有一行代码已经满足要求
cur1.next = newhead2 <=> null
想象一下，后一区间为空，那么 newhead2 == null ，这就导致了前一区间的尾节点变成了空，符合链表要求。

④ 两个区间都为空
我们无须设置相关条件
因为：不管是 return newhead1 还是 return newhead2 都为空

虽然牛客网官方定义这道题较难，但我觉得只是很多人在做题的时候失去了耐心，只要将图画好，就能迎刃而解！

Over. 谢谢观看哟~