【leetcode100-024】【链表/快慢指针】回文链表

本文主要是介绍【leetcode100-024】【链表/快慢指针】回文链表，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！

【题干】

给你一个单链表的头节点 head ，请你判断该链表是否为回文链表。如果是，返回 true ；否则，返回 false 。

进阶：你能否用 O(n) 时间复杂度和 O(1) 空间复杂度解决此题？

【思路】

• 判回文，一般就两种思路，两头向中间判断直到相遇，或者从对称轴向两边判断直到边界。
• 拿到链表的话，一时间看起来两种方式都不适配，因为不管哪一种都需要两个相反的枚举方向，而链表是单向枚举的结构。到这步想必也能意识到了，这题应该是要逆置半条链来做的。
• 总结一下就是

1. 找链表中点，常规操作快慢指针；
2. 逆置后半段，按进阶要求那就原地逆置；
3. 逐节点比对两段链表，直到后半段结束，可以排除奇数情况下正中间节点对判断的影响。
4. 虽然本题不需要，但可以习惯好一点，把逆置的后半段再转回来～

补充一个递归方式逆向输出单链表的方法，虽然本题用不上。

function print_values_in_reverse(ListNode head)if head is NOT nullprint_values_in_reverse(head.next)print head.val

【题解】

class Solution {
public:bool isPalindrome(ListNode* head) {if (head == nullptr) {return true;}// 找到前半部分链表的尾节点并反转后半部分链表ListNode* firstHalfEnd = endOfFirstHalf(head);ListNode* secondHalfStart = reverseList(firstHalfEnd->next);// 判断是否回文ListNode* p1 = head;ListNode* p2 = secondHalfStart;bool result = true;while (result && p2 != nullptr) {if (p1->val != p2->val) {result = false;}p1 = p1->next;p2 = p2->next;}        // 还原链表并返回结果firstHalfEnd->next = reverseList(secondHalfStart);return result;}ListNode* reverseList(ListNode* head) {ListNode* prev = nullptr;ListNode* curr = head;while (curr != nullptr) {ListNode* nextTemp = curr->next;curr->next = prev;prev = curr;curr = nextTemp;}return prev;}ListNode* endOfFirstHalf(ListNode* head) {ListNode* fast = head;ListNode* slow = head;while (fast->next != nullptr && fast->next->next != nullptr) {fast = fast->next->next;slow = slow->next;}return slow;}
};

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