CF 780 F2. Promising String (hard version)

2023-12-15 01:32

本文主要是介绍CF 780 F2. Promising String (hard version),希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

 

题外话:本次考试基本都是数据结构题目。博主感觉做起来很顺......当然WA是不可避免的......

题目大意:一个字符串只包含+ 和 -两种字符,满足要求的子串或者是+和-数量相同,如+-,++--。或者是-号与+号的数量差为3的倍数,因为两个-可以升级成promising一个+。

这样问题就是求某个子串,其中-号数量减去+号数量是3的倍数。

解题思路:我们把+号看成-1,减号看成1。这样问题就变成求一个序列中有多少个子段,其“子段和大于等于0且为3的倍数”。

本题目还有个F1 (easy)版本,长度小于3000,可以双循环暴力枚举子段[i,j],用前缀和预处理[i,j]这一段的结果,判断是否满足条件,复杂度O(n^2)。

本题解法:如果一个子段右端点是i,那么如何找到满足条件的左端点,根据前缀和的思想距离,例如sum[i]=8,那么只要左端点前结果是8,5,2-1,-4.....,sum[i]减去这些值结果一定是3的倍数,这些值的特点是对3求余均为2。插播一个小知识,负数求余直接%结果是错的哦,如果解决请参看下方代码。因此当处理到第i个字符时,如果此时sum[i]=X,那么i左侧有多少个位置,其前缀和<=X,同时与X对3同余,这些位置都能和i组成满足条件的字段。

这样为题就转换成求sum[i]左边有多少个比它小且同余的sum[?]数量。由于递推过程中,不同数组的数量也在不断变化,这种可变的区间和问题可用树状数组或线段树解决。至于如何处理同余,因为对3求余结果只有3种可能,我这里开了3个树状数组,分别存储余数为0,1,2的对应数据。根据余数到对应树状数组求和。

#include <bits/stdc++.h>
typedef long long ll;
using namespace std;
int t,n,sum[3][800005];
char s[200005];
int lowbit(int x)/**< lowbit的作用请草稿纸模拟 */
{return x&(-x);
}
void update(int pos,int P) /**< 树状数组模板 */
{for(; pos<=n+n; pos+=lowbit(pos))sum[P][pos]++;
}
int  getsum(int pos,int P)
{int s=0;for(;pos>0;pos-=lowbit(pos))s+=sum[P][pos];return s;
}
int main()
{ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0);int i,j;cin>>t;while(t--){int  cnt=0;ll ans=0;cin>>n>>s+1;for(i=0;i<=4*n;i++)/**< 树状数组初始化 */sum[0][i]=sum[1][i]=sum[2][i]=0;update(0+n,0);/**< 这个处理区间[1...i]满足条件的情况 */for(i=1; i<=n; i++){cnt=cnt+(s[i]=='+'?-1:1);ans+=getsum(cnt+n+1,(cnt%3+3)%3);/**< 找到比cnt小的数字个数 */update(cnt+n+1,(cnt%3+3)%3);/**< 把数据存到树状数组,因为可能是负数,所以加一个偏移量 *//**< 切记不能出现0,不然死循环,我开始写的cnt+n,连挂几次 */}cout<<ans<<endl;}return 0;
}

这篇关于CF 780 F2. Promising String (hard version)的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/494608

相关文章

cf 164 C 费用流

给你n个任务,k个机器,n个任务的起始时间,持续时间,完成任务的获利 每个机器可以完成任何一项任务,但是同一时刻只能完成一项任务,一旦某台机器在完成某项任务时,直到任务结束,这台机器都不能去做其他任务 最后问你当获利最大时,应该安排那些机器工作,即输出方案 具体建图方法: 新建源汇S T‘ 对任务按照起始时间s按升序排序 拆点: u 向 u'连一条边 容量为 1 费用为 -c,

CF 508C

点击打开链接 import java.util.Arrays;import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String [] args){new Solve().run() ;} }class Solve{int bit[] = new int[608] ;int l

Maven创建项目中的groupId, artifactId, 和 version的意思

文章目录 groupIdartifactIdversionname groupId 定义:groupId 是 Maven 项目坐标的第一个部分,它通常表示项目的组织或公司的域名反转写法。例如,如果你为公司 example.com 开发软件,groupId 可能是 com.example。作用:groupId 被用来组织和分组相关的 Maven artifacts,这样可以避免

string字符会调用new分配堆内存吗

gcc的string默认大小是32个字节,字符串小于等于15直接保存在栈上,超过之后才会使用new分配。

Jenkins 通过 Version Number Plugin 自动生成和管理构建的版本号

步骤 1:安装 Version Number Plugin 登录 Jenkins 的管理界面。进入 “Manage Jenkins” -> “Manage Plugins”。在 “Available” 选项卡中搜索 “Version Number Plugin”。选中并安装插件,完成后可能需要重启 Jenkins。 步骤 2:配置版本号生成 打开项目配置页面。在下方找到 “Build Env

Learn ComputeShader 09 Night version lenses

这次将要制作一个类似夜视仪的效果 第一步就是要降低图像的分辨率, 这只需要将id.xy除上一个数字然后再乘上这个数字 可以根据下图理解,很明显通过这个操作在多个像素显示了相同的颜色,并且很多像素颜色被丢失了,自然就会有降低分辨率的效果 效果: 但是这样图像太锐利了,我们加入噪声去解决这个问题 [numthreads(8, 8, 1)]void CSMain(uint3 id

hdu2072(string的应用)

单词数 Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 25447    Accepted Submission(s): 5957 Problem Description lily的好朋友xiaoou333最近很空,他

【UVA】10739 - String to Palindrome(动态规划)

比较水的动态规划 dp[i][j] 将原串 i ~ j 之内的字符转化为回文字符所需要的最小操作次数 其中删除操作和添加操作本质上是一样的。 三个状态转移方程: dp[i][j] = min(dp[i][j] ,dp[i + 1][j]); dp[i][j] = min(dp[i][j] ,dp[i + 1][j - 1]); dp[i][j] = min(dp[i][j] ,dp[

【CF】C. Glass Carving(二分 + 树状数组 + 优先队列 + 数组计数)

这题简直蛋疼死。。。。。 A了一下午 #include<cstdio>#include<queue>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;typedef long long LL;const int maxn = 200005;int h,w,n;int C1[maxn],C2[maxn];int

【CF】E. Anya and Cubes(双向DFS)

根据题意的话每次递归分3种情况 一共最多25个数,时间复杂度为3^25,太大了 我们可以分2次求解第一次求一半的结果,也就是25/2 = 12,记录结果 之后利用剩余的一半求结果 s-结果 = 之前记录过的结果 就可以 时间复杂度降低为 3 ^ (n/2+1) 题目链接:http://codeforces.com/contest/525/problem/E #include<set