【秋招突围】2024届秋招笔试-小红书笔试题-第一套-三语言题解(Java/Cpp/Python)

本文主要是介绍【秋招突围】2024届秋招笔试-小红书笔试题-第一套-三语言题解(Java/Cpp/Python)，希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值，需要的开发者们随着小编来一起学习吧！

🍭 大家好这里是清隆学长 ，一枚热爱算法的程序员

✨ 本系计划跟新各公司春秋招的笔试题

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📖 写在前面

夏天要来了 秋招还会远吗？

前不久春招也算是圆满结束咯，大家有拿到心仪的 offer吗？
接下来互联网的秋招也快来啦，小伙伴们有开始准备了吗？
本次给大家带来24届秋招 小红书 的笔试题目三语言解析(Java/Python/Cpp)

文末有清隆学长的笔试陪伴打卡小屋活动介绍:
✨丰富的打卡奖励等你来领哦，大厂笔试题汇总，笔试面试经验贴，算法笔试模版…
💽 有兴趣的小伙伴们也可以了解一下，不要错过啦~

🌲 01.K小姐的字符串问题

问题描述

K小姐最近在研究一个有趣的字符串问题。给定两个仅由小写字母组成的字符串 $S$ 和 $T$，K小姐想知道在 $S$ 中最多有多少个 不重叠 的子串，使得每个子串都是 $T$ 的 异位词。这里两个字符串是 异位词 当且仅当两个字符串长度相同且每个字母出现的次数都相同。

例如，当 $S$ = “abcbac”，$T$ = “abc” 时，在 $S$ 中最多有 2 个不重叠的子串 “abc” 和 “bac”，它们都是 $T$ 的异位词。

输入格式

第一行包含一个字符串 $S$。

第二行包含一个字符串 $T$。

输出格式

输出一个整数，表示在 $S$ 中最多有多少个不重叠的 $T$ 的异位词子串。

样例输入

abcbac
abc

样例输出

1

数据范围

$1\le |S|,|T|\le 10^5$

题解

本题可以用滑动窗口的思想来解决。我们可以维护一个长度为 $|T|$ 的滑动窗口，统计窗口内每个字母出现的次数，并与 $T$ 中每个字母出现的次数进行比较。如果窗口内的字母出现次数与 $T$ 完全相同，则找到了一个异位词子串，答案加 1，并将窗口向右移动 $|T|$ 个位置，继续查找下一个异位词子串。如果字母出现次数不同，就将窗口向右移动一个位置，继续进行比较。

具体实现时，我们可以用两个数组 $cn{t}_s$ 和 $cn{t}_t$ 分别存储窗口内和 $T$ 中每个字母出现的次数。初始时，将 $T$ 中每个字母出现的次数记录在 $cn{t}_t$ 中。然后枚举滑动窗口的起始位置 $i$，统计窗口内每个字母出现的次数，存入 $cn{t}_s$ 中。如果 $cn{t}_s$ 和 $cn{t}_t$ 完全相同，就将答案加 1，并将窗口向右移动 $|T|$ 个位置；否则将窗口向右移动一个位置。

时间复杂度 $O(|S|)$，空间复杂度 $O(|\Sigma |)$，其中 $\Sigma$ 为字符集大小。

参考代码

• Python

def count_anagrams(s: str, t: str) -> int:n, m = len(s), len(t)if n < m:return 0cnt_t = [0] * 26for c in t:cnt_t[ord(c) - ord('a')] += 1cnt_s = [0] * 26ans = 0for i in range(n):cnt_s[ord(s[i]) - ord('a')] += 1if i >= m:cnt_s[ord(s[i - m]) - ord('a')] -= 1if cnt_s == cnt_t:ans += 1for j in range(m):cnt_s[ord(s[i - j]) - ord('a')] -= 1return anss = input()
t = input()
print(count_anagrams(s, t))

• Java

import java.util.Scanner;public class Solution {public static int countAnagrams(String s, String t) {int n = s.length(), m = t.length();if (n < m) {return 0;}int[] cntT = new int[26];for (char c : t.toCharArray()) {cntT[c - 'a']++;}int[] cntS = new int[26];int ans = 0;for (int i = 0; i < n; i++) {cntS[s.charAt(i) - 'a']++;if (i >= m) {cntS[s.charAt(i - m) - 'a']--;}if (Arrays.equals(cntS, cntT)) {ans++;for (int j = 0; j < m; j++) {cntS[s.charAt(i - j) - 'a']--;}}}return ans;}public static void main(String[] args) {Scanner sc = new Scanner(System.in);String s = sc.nextLine();String t = sc.nextLine();System.out.println(countAnagrams(s, t));}
}

• Cpp

#include <iostream>
#include <string>
#include <vector>using namespace std;int countAnagrams(string s, string t) {int n = s.size(), m = t.size();if (n < m) {return 0;}vector<int> cntT(26, 0);for (char c : t) {cntT[c - 'a']++;}vector<int> cntS(26, 0);int ans = 0;for (int i = 0; i < n; i++) {cntS[s[i] - 'a']++;if (i >= m) {cntS[s[i - m] - 'a']--;}if (cntS == cntT) {ans++;for (int j = 0; j < m; j++) {cntS[s[i - j] - 'a']--;}}}return ans;
}int main() {string s, t;getline(cin, s);getline(cin, t);cout << countAnagrams(s, t) << endl;return 0;
}

🍄 02.珍惜美食

问题描述

K小姐是一位美食家，她最近来到了一个美食之都。这个城市以街边小吃和特色餐厅闻名于世，每条街道上都有许多独特的美食店铺。

共有 $n$ 家店铺坐落在同一条街道上，第 $i$ 家店铺提供 $a_i$ 份第 $i$ 种美食。K小姐希望品尝尽可能多的美食，但由于时间和胃容量有限，她最多只能光顾 $k$ 次店铺。每次光顾可以选择一段连续的店铺，并品尝这些店铺提供的所有美食。

为了不错过任何一种美味，K小姐希望在光顾店铺后，剩下的美食种类数量仍然大于 $0$，并且剩余美食中数量最少的那一种尽可能多。

请问，K小姐最多能让剩余美食中数量最少的那一种有多少份呢？

输入格式

第一行包含两个正整数 $n$ 和 $k$，分别表示店铺数量和最多光顾次数。

第二行包含 $n$ 个正整数，其中第 $i$ 个数为 $a_i$，表示第 $i$ 种美食的份数。

输出格式

输出一个整数，表示剩余美食中数量最少的那一种的最大可能份数。

样例输入

5 1
45 39 90 65 15

样例输出

45

数据范围

$1\le n\le 10^5$
$0\le k\le 10^5$
$1\le a_i\le 10^6$

题解

这道题可以使用贪心的思想来解决。我们可以分情况讨论：

1. 当 $k=0$ 时，不能光顾任何店铺，因此剩余美食中数量最少的就是所有美食中最少的那一种。
2. 当 $k=1$ 时，可以选择光顾街道的左端或右端，剩余美食中数量最少的就是左右两端美食数量的较大值。
3. 当 $k\ge 2$ 时，可以先光顾左右两端，然后剩下的美食可以任意选择。此时剩余美食中数量最少的就是所有美食中最多的那一种。

因此，我们可以根据 $k$ 的值，直接求出答案。

时间复杂度：$O(n)$，空间复杂度：$O(1)$。

参考代码

• Python

n, k = map(int, input().split())
a = list(map(int, input().split()))def solve(n, k, a):if k == 0:return min(a)if k == 1:return max(a[0], a[-1])return max(a)res = solve(n, k, a)
print(res)

• Java

import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner sc = new Scanner(System.in);int n = sc.nextInt();int k = sc.nextInt();int[] a = new int[n];for (int i = 0; i < n; i++) {a[i] = sc.nextInt();}int res = solve(n, k, a);System.out.println(res);}public static int solve(int n, int k, int[] a) {if (k == 0) {return min(a);}if (k == 1) {return Math.max(a[0], a[n - 1]);}return max(a);}public static int min(int[] a) {int min = a[0];for (int i = 1; i < a.length; i++) {min = Math.min(min, a[i]);}return min;}public static int max(int[] a) {int max = a[0];for (int i = 1; i < a.length; i++) {max = Math.max(max, a[i]);}return max;}
}

• Cpp

#include <iostream>
#include <vector>
#include <algorithm>
using namespace std;int solve(int n, int k, vector<int>& a) {if (k == 0) {return *min_element(a.begin(), a.end());}if (k == 1) {return max(a[0], a[n - 1]);}return *max_element(a.begin(), a.end());
}int main() {int n, k;cin >> n >> k;vector<int> a(n);for (int i = 0; i < n; i++) {cin >> a[i];}int res = solve(n, k, a);cout << res << endl;return 0;
}

🍇 03.收藏家LAY小姐

问题描述

LYA 是一位喜欢收藏的玩家，她最近在玩一款叫做"动物之森"的游戏。在游戏中，LYA 拥有很多个宝箱，每个宝箱里都装着一些她收集的宝石。每一种类型的宝石都有不同的作用。

有一天，LYA 在游戏中遇到了另一位玩家 A 先生。A 先生告诉 LYA，如果她的宝箱满足以下 $3$ 个条件，那么她就能获得一个成就奖励：

1. 每个宝箱里不会有两颗相同的宝石。
2. 每一种类型的宝石，只出现在一个宝箱中或者出现在所有宝箱中。
3. 每个宝箱的容量大小一样。

LYA 非常想要这个成就奖励，现在她想知道她的这些宝箱是否同时满足上述 $3$ 个条件，能否获得成就奖励。

输入格式

第一行包含一个正整数 $T$，表示测试数据组数。

对于每组测试数据，第一行包含一个正整数 $n$，表示 LYA 的宝箱数量。

接下来的 $n$ 行，每行描述一个宝箱。每行的第一个数为正整数 $t$，表示这个宝箱的容量大小，后面跟着 $t$ 个正整数 $a_i$，分别表示这个宝箱中每颗宝石的类型。

输出格式

对于每组测试数据，如果 LYA 的这些宝箱满足全部三个条件，则在一行中先输出 Yes，然后按编号从小到大输出所有宝箱中都有的宝石类型。如果没有任何一种类型的宝石为所有宝箱共有，则仅需要输出 Yes。

如果 LYA 的这些宝箱不满足以上的所有条件，则输出 NO。

样例输入

3
1
1 39
3
2 49 50
3 58 49 50
1 49
5
3 90 89 63
2 89 63
2 63 89
3 89 32 63
3 86 63 89

样例输出

Yes 39
NO
NO

数据范围

• $1\le T\le 10$
• $2\le n\le 100$
• $1\le t\le 100$
• $0<a_i<2147483647$

题解

这道题需要我们判断给定的宝箱是否满足以下三个条件：

1. 每个宝箱里不会有两颗相同的宝石。
2. 每一种类型的宝石，只出现在一个宝箱中或者出现在所有宝箱中。
3. 每个宝箱的容量大小一样。

我们可以逐个检查每个条件是否满足。

对于条件 $1$，我们可以对每个宝箱内的宝石类型进行去重，如果去重后的宝石类型数量与原来不同，则说明该宝箱内有重复的宝石，不满足条件 $1$。

对于条件 $2$，我们可以用一个哈希表 $cnt$ 统计每种宝石类型出现的宝箱数量。遍历完所有宝箱后，检查哈希表中每个宝石类型的出现次数，如果不是 $1$ 次或 $n$ 次，则不满足条件 $2$。同时，我们可以把出现在所有宝箱中的宝石类型记录下来。

对于条件 $3$，我们只需要记录第一个宝箱的容量大小，然后检查后面每个宝箱的容量大小是否与第一个宝箱相同即可。

如果所有条件都满足，则输出 Yes 以及所有宝箱中都有的宝石类型（如果有的话）；否则，输出 NO。

时间复杂度为 $O(n\times t)$，其中 $n$ 为宝箱数量，$t$ 为每个宝箱的容量大小。空间复杂度为 $O(n\times t)$。

参考代码

• Python

T = int(input())
for _ in range(T):n = int(input())boxes = []for _ in range(n):box = list(map(int, input().split()))boxes.append(box[1:])is_valid = Truegem_cnt = {}cap = len(boxes[0])for box in boxes:if len(box) != cap:is_valid = Falsebreakif len(set(box)) != len(box):is_valid = Falsebreakfor gem in box:gem_cnt[gem] = gem_cnt.get(gem, 0) + 1common_gems = []for gem, cnt in gem_cnt.items():if cnt == 1 or cnt == n:if cnt == n:common_gems.append(gem)else:is_valid = Falsebreakif is_valid:print("Yes", end="")if common_gems:print(" " + " ".join(map(str, sorted(common_gems))))else:print()else:print("NO")

• Java

import java.util.*;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner sc = new Scanner(System.in);int T = sc.nextInt();while (T-- > 0) {int n = sc.nextInt();List<Set<Integer>> boxes = new ArrayList<>();for (int i = 0; i < n; i++) {int t = sc.nextInt();Set<Integer> box = new HashSet<>();for (int j = 0; j < t; j++) {box.add(sc.nextInt());}boxes.add(box);}boolean isValid = true;Map<Integer, Integer> gemCnt = new HashMap<>();int cap = boxes.get(0).size();for (Set<Integer> box : boxes) {if (box.size() != cap) {isValid = false;break;}for (int gem : box) {gemCnt.put(gem, gemCnt.getOrDefault(gem, 0) + 1);}}List<Integer> commonGems = new ArrayList<>();for (Map.Entry<Integer, Integer> entry : gemCnt.entrySet()) {int cnt = entry.getValue();if (cnt == 1 || cnt == n) {if (cnt == n) {commonGems.add(entry.getKey());}} else {isValid = false;break;}}if (isValid) {System.out.print("Yes");if (!commonGems.isEmpty()) {Collections.sort(commonGems);for (int gem : commonGems) {System.out.print(" " + gem);}}System.out.println();} else {System.out.println("NO");}}}
}

• Cpp

#include <iostream>
#include <vector>
#include <unordered_map>
#include <unordered_set>
#include <algorithm>
using namespace std;int main() {int T;cin >> T;while (T--) {int n;cin >> n;vector<vector<int>> boxes(n);for (int i = 0; i < n; i++) {int t;cin >> t;boxes[i].resize(t);for (int j = 0; j < t; j++) {cin >> boxes[i][j];}}bool isValid = true;unordered_map<int, int> gemCnt;int cap = boxes[0].size();for (const auto& box : boxes) {if (box.size() != cap) {isValid = false;break;}unordered_set<int> uniqueGems(box.begin(), box.end());if (uniqueGems.size() != box.size()) {isValid = false;break;}for (int gem : box) {gemCnt[gem]++;}}vector<int> commonGems;for (const auto& entry : gemCnt) {int cnt = entry.second;if (cnt == 1 || cnt == n) {if (cnt == n) {commonGems.push_back(entry.first);}} else {isValid = false;break;}}if (isValid) {cout << "Yes";if (!commonGems.empty()) {sort(commonGems.begin(), commonGems.end());for (int gem : commonGems) {cout << " " << gem;}}cout << endl;} else {cout << "NO" << endl;}}return 0;
}

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📖 打卡小屋涉及题型

小屋从零基础出发，涵盖笔试常考知识点：

基础算法

• 自定义排序
• 二分
• 前缀和
• 差分
• 双指针

基础数据结构

• 栈 & 单调栈
• 队列 & 单调队列
• 并查集
• 优先队列(堆)

搜索

• DFS & BFS 基础应用
• 树的遍历
• 基础图论

动态规划 & 贪心 & 数论

• 快速幂
• 组合数
• 质数 & 因数
• 位运算
• 基础动态规划
• 常见贪心

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