POJ 1112 Team Them Up!

2024-05-29 07:38
文章标签 poj team 1112

本文主要是介绍POJ 1112 Team Them Up!,希望对大家解决编程问题提供一定的参考价值,需要的开发者们随着小编来一起学习吧!

http://poj.org/problem?id=1112

题意:一共N个人,给出每个人和其余人是否认识,把所有人分成两组。
要求1)每一个人 属于其中一组。
2)每组必须有人 
3)每组内的所有人 必须相互认识(有向边 相互认识 才是认识) 
4)两组的人数之差尽可能小


先读入数据,把两两不认识的人 连边, 建图,则同一边连接的两点不能在同一组。建完图后,进行DFS 染色,可以把图 分成sum个连通分量,每个联通分量的点 标记 0 1 交替,如果出现同一边的两点 标记相同,则无法分到两个组中,"No solution".
每个连通分量,有两个组即0 和1 分别标记的,两点集的人必须分到不同的小组。


之后DP, dp[i][j][k]  i代表分配第i个联通分量,j代表两组的人数差此时为j,k有三个值:0 记录路径 由上一个联通块的差值j得到, 1 代表 此时最终求的 两组 哪个组(0 or 1)人数少, 2 代表 这次把第i个联通分量的 个数少的点集 分到 哪一组。
dp[i-1][j][]可以推出 dp[i][j+cha][] dp[i][abs(j-cha)][] , //cha 是这个联通分量内0 1 标记的两点集人数的差值。
最后找dp[sum][i][0] i由0到n 找dp的值存在的最小的i,
之后进行DFS 输出路径

发现dp是硬伤。。

code:

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
#define INF 1000000000
#define N 103
int d[N][N],n,tot,hh[N],sum,vis[N],s[N][3],sss[N][3][N],flag,mar[N],dp[N][N][3];
int out[2][N],ar[2];
struct node
{int u,v,next;
}edge[2*N*N];
void add(int u,int v)
{edge[tot].u=u; edge[tot].v=v;edge[tot].next=hh[u]; hh[u]=tot++;
}
void dfs(int u,int mark,int ss,int last)
{if(flag) return ;vis[u]=1;mar[u]=mark;s[ss][mark]++;int cou=s[ss][mark];sss[ss][mark][cou]=u;for(int i=hh[u];i!=-1;i=edge[i].next){int v=edge[i].v;if(v==last) continue;if(vis[v]){if(mar[v]==mark){flag=1; return ;}continue;}dfs(v,!mark,ss,u);}
}
void dfss(int x,int y)
{if(x<=0) return;int a1=dp[x][y][0],a2=dp[x][y][2];if(s[x][0]<s[x][1]){for(int i=1;i<=s[x][0];i++)out[a2][++ar[a2]]=sss[x][0][i];for(int i=1;i<=s[x][1];i++)out[a2^1][++ar[a2^1]]=sss[x][1][i];}else{for(int i=1;i<=s[x][0];i++)out[a2^1][++ar[a2^1]]=sss[x][0][i];for(int i=1;i<=s[x][1];i++)out[a2][++ar[a2]]=sss[x][1][i];}dfss(x-1,a1);
}
int main()
{while(scanf("%d",&n)!=EOF){memset(d,0,sizeof(d));for(int i=1;i<=n;i++){int a;while(scanf("%d",&a),a)d[i][a]=1;}tot=0;memset(hh,-1,sizeof(hh));for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=i+1;j<=n;j++){if(d[i][j] && d[j][i]) continue;add(i,j); add(j,i);}}sum=0; memset(vis,0,sizeof(vis));memset(s,0,sizeof(s));memset(mar,-1,sizeof(mar));flag=0;for(int i=1;i<=n;i++){if(vis[i]) continue;sum++;// from 1dfs(i,0,sum,-1);}if(flag){printf("No solution\n"); continue;}memset(dp,-1,sizeof(dp));dp[0][0][0]=dp[0][0][1]=dp[0][0][2]=0;for(int i=1;i<=sum;i++){for(int j=0;j<=n;j++){if(dp[i-1][j][0]>=0){int cha=abs(s[i][0]-s[i][1]);dp[i][j+cha][0]=j;dp[i][j+cha][1]=dp[i-1][j][1];dp[i][j+cha][2]=dp[i-1][j][1];if(j>cha){dp[i][j-cha][0]=j;dp[i][j-cha][1]=dp[i-1][j][1];dp[i][j-cha][2]=dp[i-1][j][1]^1;}else{dp[i][cha-j][0]=j;dp[i][cha-j][1]=dp[i-1][j][1]^1;dp[i][cha-j][2]=dp[i-1][j][1]^1;}}}}ar[0]=ar[1]=0;for(int i=0;i<=n;i++){if(dp[sum][i][0]>=0){dfss(sum,i);printf("%d",ar[0]);for(int i=1;i<=ar[0];i++) printf(" %d",out[0][i]);puts("");printf("%d",ar[1]);for(int i=1;i<=ar[1];i++) printf(" %d",out[1][i]);puts("");break;}}}return 0;
}



这篇关于POJ 1112 Team Them Up!的文章就介绍到这儿,希望我们推荐的文章对编程师们有所帮助!



http://www.chinasem.cn/article/1013046

相关文章

poj 3974 and hdu 3068 最长回文串的O(n)解法(Manacher算法)

求一段字符串中的最长回文串。 因为数据量比较大,用原来的O(n^2)会爆。 小白上的O(n^2)解法代码:TLE啦~ #include<stdio.h>#include<string.h>const int Maxn = 1000000;char s[Maxn];int main(){char e[] = {"END"};while(scanf("%s", s) != EO

hdu 2602 and poj 3624(01背包)

01背包的模板题。 hdu2602代码: #include<stdio.h>#include<string.h>const int MaxN = 1001;int max(int a, int b){return a > b ? a : b;}int w[MaxN];int v[MaxN];int dp[MaxN];int main(){int T;int N, V;s

poj 1511 Invitation Cards(spfa最短路)

题意是给你点与点之间的距离,求来回到点1的最短路中的边权和。 因为边很大,不能用原来的dijkstra什么的,所以用spfa来做。并且注意要用long long int 来存储。 稍微改了一下学长的模板。 stack stl 实现代码: #include<stdio.h>#include<stack>using namespace std;const int M

poj 3259 uva 558 Wormholes(bellman最短路负权回路判断)

poj 3259: 题意:John的农场里n块地,m条路连接两块地,w个虫洞,虫洞是一条单向路,不但会把你传送到目的地,而且时间会倒退Ts。 任务是求你会不会在从某块地出发后又回来,看到了离开之前的自己。 判断树中是否存在负权回路就ok了。 bellman代码: #include<stdio.h>const int MaxN = 501;//农场数const int

poj 1258 Agri-Net(最小生成树模板代码)

感觉用这题来当模板更适合。 题意就是给你邻接矩阵求最小生成树啦。~ prim代码:效率很高。172k...0ms。 #include<stdio.h>#include<algorithm>using namespace std;const int MaxN = 101;const int INF = 0x3f3f3f3f;int g[MaxN][MaxN];int n

poj 1287 Networking(prim or kruscal最小生成树)

题意给你点与点间距离,求最小生成树。 注意点是,两点之间可能有不同的路,输入的时候选择最小的,和之前有道最短路WA的题目类似。 prim代码: #include<stdio.h>const int MaxN = 51;const int INF = 0x3f3f3f3f;int g[MaxN][MaxN];int P;int prim(){bool vis[MaxN];

poj 2349 Arctic Network uva 10369(prim or kruscal最小生成树)

题目很麻烦,因为不熟悉最小生成树的算法调试了好久。 感觉网上的题目解释都没说得很清楚,不适合新手。自己写一个。 题意:给你点的坐标,然后两点间可以有两种方式来通信:第一种是卫星通信,第二种是无线电通信。 卫星通信:任何两个有卫星频道的点间都可以直接建立连接,与点间的距离无关; 无线电通信:两个点之间的距离不能超过D,无线电收发器的功率越大,D越大,越昂贵。 计算无线电收发器D

poj 1502 MPI Maelstrom(单源最短路dijkstra)

题目真是长得头疼,好多生词,给跪。 没啥好说的,英语大水逼。 借助字典尝试翻译了一下,水逼直译求不喷 Description: BIT他们的超级计算机最近交货了。(定语秀了一堆词汇那就省略吧再见) Valentine McKee的研究顾问Jack Swigert,要她来测试一下这个系统。 Valentine告诉Swigert:“因为阿波罗是一个分布式共享内存的机器,所以它的内存访问

uva 10061 How many zero's and how many digits ?(不同进制阶乘末尾几个0)+poj 1401

题意是求在base进制下的 n!的结果有几位数,末尾有几个0。 想起刚开始的时候做的一道10进制下的n阶乘末尾有几个零,以及之前有做过的一道n阶乘的位数。 当时都是在10进制下的。 10进制下的做法是: 1. n阶位数:直接 lg(n!)就是得数的位数。 2. n阶末尾0的个数:由于2 * 5 将会在得数中以0的形式存在,所以计算2或者计算5,由于因子中出现5必然出现2,所以直接一

poj 3159 (spfa差分约束最短路) poj 1201

poj 3159: 题意: 每次给出b比a多不多于c个糖果,求n最多比1多多少个糖果。 解析: 差分约束。 这个博客讲差分约束讲的比较好: http://www.cnblogs.com/void/archive/2011/08/26/2153928.html 套个spfa。 代码: #include <iostream>#include <cstdio>#i